因为分别用甲、乙两滑轮把同一物体从一楼地面提到二楼地面，根据W有用=Gh可知，两种情况的有用功相同；A正确；不计绳重和摩擦，当有用功一定时，利用机械时做的额外功越多，机械效率就越低，乙滑轮是动滑轮，要克服动滑轮重力做功，即利用乙滑轮做的额外功多，?1>?2；B错误；甲使用定滑轮，F1=G，乙使用动滑轮F2=
1（G+G动），因滑轮的质量小于重物的质量，可得F2
A、由图象可知，在2～3s内，重物做匀速运动，v1=2.50 m/s，拉力F1=40N，因为连接动滑轮的绳子有三根，所以拉力F的作用点下降的距离是重物上升高度h1的3倍．拉力F的功率P=
WF1s?=F1v2=40N×3×2.5m/s=40N×7.5m/s=300W，故A正确； ttB、在1～2s内，拉力F2=50N，重物上升高度h=1.25m，拉力通过的距离s=3h=3×1.25m=3.75m，拉力F3.75m=187.5J，故B正确； 所做的功W=F2s=50N×
C、人的重力G人=m人g=60kg×10N/kg=600N，动滑轮的重力：G动=3F1-G=3×40N-100N=20N，在0～1s内，拉力F3=30N，取人为研究对象，人受到向下的重力G人、地面对人向上的支持力F支1以及绳子向上的拉力F3三个力的作用处于静止状态；由于力的作用是相互的，所以人对地面的压力F1=F支1= G人-F3=600N-30N=570N，小明对地面的压强p1=
F1570N=104Pa，故C正确； -22=1.425×S人2?2?10mD、在0～1s内，拉力F3=30N，取动滑轮和重物为研究对象，受到向下的重力G和G动，向上的支持力F
支2
以及三根绳子向上的拉力3F3的作用处于静止状态，地面对重物的支持力F支1=G+G动
-3F3=100N+20N-3×30N=30N，由于力的作用是相互的，所以重物对地面的压力F2=F支2=30N，重物对地面的压强p2=13．ABC 【解析】 【分析】 【详解】
F230N?=600Pa，故D错误． -22S5?10mm0gl2A．根据杠杆平衡条件，由图1可知Gl1=m0gl2，所以石块的重力G=，故A正确；
l1B．根据杠杆平衡条件，由图2可知(G-F浮)l1=m0gl3，Gl1-F浮l1=m0gl3，m0gl2- F浮l1=m0gl3，石块受到的浮力F浮=
m0g?l2?l3?l1，故B正确；
F浮C．根据F浮=ρ水gV排得石块的体积V=V排==
?水gm0g?l2?l3?m0?l2?l3?l1=，故C正确；
?水l1?水gl2m0?l2?l3?m0gl2GmD．根据ρ=得石块的密度ρ=，把G=，V=带入得ρ=
l1?l2?l3?ρ水，故D错误． Vg?水l1V三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．并联 串联 【解析】 【分析】
串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径。 【详解】
若同时闭合开关S1和S3、断开S2，则电流只有两条路径：正极→R1→S3→负极；正极→S1→R2→S3→负极，故R1、R2并联。
若只闭合开关S2，电流只有一条路径：正极→R1→S2→R2→负极，因此R1、R2串联。 15．20g 1×103kg/m3 【解析】 【分析】
3（1）当液体体积为V1＝20cm时，液体和杯的总质量是40g，（2）设液体的密度为ρ，读图可知，当液体
体积为V2＝80cm3时，液体和杯的总质量为100g，据此求液体密度． 【详解】
(1)由图知,当液体的体积为V1＝20cm时,液体和量杯的总质量为m总1＝m1?m杯＝40g, (2)设液体的密度为ρ，读图可知,当液体体积为V2＝80cm3时,液体和杯的总质量m总2＝m2+m杯＝100g，由ρ＝
3m可得：V103kg/m3.把ρρ×20cm3+m杯＝40g---①，ρ×80cm3+m杯＝100g---②，解得液体的密度：ρ＝1g/cm3＝1×＝1g/cm3带入①得杯子的质量m杯＝20g. 16．82.5 运动 【解析】 【详解】
55kms大桥路线总长为55km，汽车通过大桥全程用时40min，则该车平均速度为v==40=82.5km/h；当该
ht60车加速超越另一辆车时，以另一辆车为参照物，该车向前运动，所以是运动的． 17．OG 60° 【解析】
【详解】
由图可知，∠BOF＝30°，所以∠DOF＝90°﹣30°＝60°，已知∠DOE＝60°，根据反射角等于入射角，所以CD为法线，AB为界面，而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OG一定为折射光线，EO为入射光线，OF为反射光线，则反射角为∠DOF＝60°。 18．24 变小 小汽车和洒水车之间空气流速大压强小 【解析】 【详解】
s8km?20 =24km/h， 该洒水车的速度：v=th60工作的过程中，洒水车的质量不断减小，速度不变，动能变小，重力势能变小，机械能包括动能和势能，所以洒水车的机械能变小；
当小明乘坐的小汽车与洒水车擦身而过时，两车之间的空气流速很大，压强变得很小，在外面大气压的作用下，两车要向中间靠拢，所以会感觉到车身有晃动。 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）5.04?105J （2）93.3% 【解析】 【分析】
根据电热水壶的铭牌信息和所求可知，本题考查热量和热效率的计算。根据吸热公式Q吸?cmnt和
??Q列式计算。 W【详解】
（1）电热水壶装满水的质量
m??水V?1.0?103kg/m3?1.5?10?3m3?1.5kg，
电热壶中水吸收的热量
Q?c水m?t?t0??4.2?103J（/kgn℃）?1.5kg??100℃?20℃??5.04?105J?。
（2）加热时，电热水壶所消耗的电能 W=Pt=1800W×5×60s=5.4×105J， 电热水壶加热时的热效率
Q5.04?105J????100%?93.3%。
W5.4?105J答：（1）水吸收的热量是5.04?105J；（2）电热水壶加热时的热效率为93.3%；
20． 大于 错误；=；电动机转动后，电动机会消耗一部分能量，使得电功转化而成的内
能减小，故灯泡的亮度会变暗
I=【解析】试题分析：（1）在电动机未转动时，该电路为两个电阻串联的电路，则此时电路中的电流为：t时间内电流在电路中产生的热量即电流所做的功为：W=Q=UIt=U根据焦耳定律可知，
t=
；；（2）
在电动机转动时，电流所做的功主要有两个利用：一个是转化为电动机的机械能，另一个是转化为灯泡和电动机的内能；故电流在电路中产生的热量要小于电流所做的功；（3）电动机转动后，电动机会消耗一部分能量，使得电功转化而成的内能减小，故灯泡的亮度会变暗，所以小金的判断时错误的。 【考点定位】焦耳定律的计算公式及其应用；电功的计算；实际功率 21．10-3m3；（1）5×（2）49N 【解析】 【详解】
10-3m3； （1）因为小球浸没在水中，所以小球排开水的体积：V排=V=5×
103kg/m3×9.8N/kg×5×10-3m3=49N。 （2）小球受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×10-3m3； 答：（1）小球排开水的体积为5×（2）小球受到的浮力为49N。
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．．
【解析】 【分析】
根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，画出反射光线；根据光由空气斜射进入玻璃时遵循：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角，作出折射光线，光有玻璃垂直进入空气传播方向不改变． 【详解】
光线从空气斜射入玻璃砖时，在O点会同时发生反射和折射现象．根据光的反射定律，反射角等于入射角；发生折射时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角．折射光线从玻璃砖射入空气中时，由于此光线是由圆心O射出，沿半径方向，与出射点切线方向垂直，因此第二次折射光线的传播方向不变．如图．
23．
【解析】 【详解】
由图可知，物体的重力即为阻力，方向竖直向下；根据杠杆平衡的条件，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长，连接OA就是最长的动力臂L；要使杠杆平衡动力的方向应垂直于力臂向上，据此可画出最小的动力F及其力臂L；如图所示：
【点睛】
L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必根据杠杆平衡的条件，F1×
须使动力臂最长．而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．右 57.8g 2.89×101， 偏小 1.6N， 用弹簧测力计测小石块浸没在水中（未接触烧杯底）的示数F 【解析】 【详解】
b．如图指针偏左，横梁右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动，使天平平衡． c．金属块的质量：m＝50g+5g+2.8g＝57.8g．
G G?F
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