绵阳南山中学2016届三诊热身考试物理部分参考答案
1C 2 D 3A 4A 5B 6AD 7BD
8、 I①平抛运动的竖直分运动是自由落体运动； ○
2一定；平抛运动的水平分运动时匀速直线运动 II○1A；D ○2连线如图 ○3 0.90 9、解：(1)刚开始时，由牛顿第二定律mgsin＋μmgcos a1＝8m/s2（2分）
该过程所用时间t1＝
＝0.5s （1分）
位移大小 s1＝＝1m （1分）
二者速度大小相同后， mgsin
－μmgcos a2＝4m/s2 （2分）
位移大小 s2＝L-s1＝ 6m （1分） 所用时间 s2＝v0t2＋
122a2t2 （1分）
得： t2＝1s。（另一个解t2＝－3s舍去） （1分）
所以总时间为 （1分）
(2)传送带所做的功 W＝μmgcos37o·(s1-s2)＝－4.0J （2分） (3)全过程中生的热 Q＝f·s相对 （1分） s相对＝ (v0t1-s1)+（s2-v0t2） （1分）
解得Q＝2.4J （1分） 10.解：（1）金属棒ab在10S时的速度 （1分）
电动势
（2分）
此时电流 （1分）
所以 （2分）
（2）0~4s时间内金属棒ab运动的位移0~4s时间内穿过闭合回路磁通量的变化量为0~4s时间内通过ab棒的电荷量为（3）金属棒ab做匀加速直线运动过程，电流和时间关系为：对金属棒ab，由牛顿第二定律有：（1分）
（1分）
（1分）
（2分）（1分）
得： （1分）
对金属棒ef，由平衡条件有：（1分） 得：
（1分）
若 即 （1分）
得t=6s，所以的大小在t=6s时大小相等 （1分）
11、（19分）解：（1）小球在第II象限做类平抛运动， 得： s?v0t （1分） at?v0tan? （1分） qE?ma （1分）
解得：E?82V/m （1分）
（2）设小球通过M点时的速度为v，由类平抛运动规律：
v?v0=8m/s （1分） sin?mv2小球进入两板间做匀速圆周运动，轨迹如图. qvB?解
Rmv得：B? （1分）
qR小球刚好能打到Q点时，磁感应强度最大设为B1.此时小球的轨迹半径为R1，由几何关系有：
R1L?R1? （2分）
L?d2?R1R1解得：R1=0.4m， B1=1T （1分）
小球刚好不与c2板相碰时，磁感应强度最大设为B2.此时小球的轨迹半径为R2，由几何关系有： R1?d1 （1分） 解得：B2?2T （1分） 32T?B?1T （1分） 3mv?0.18m （1分） qB3故：磁感应强度的取值范围：
（3）小球进入磁场做匀速圆周运动，设半径为r，周期为T，有： r?2πm9π?s （1分） qB32001由磁场周期T0=T可知：小球在磁场中运动轨迹如图，一个磁场周期内小球在x轴方向的位移为3r
3T?= 0.54m,而L-3r = 0.18m= r, 即：小球刚好垂直y轴方向离开磁场.
11133πT?T?T?s （2分） 334800d9离开磁场到打在平板c3上所用时间： t2?2?s （1分）
则在磁场中运动的时间：t1?小球从M点到打在平板c3上所用总时间：
v400t?t33π+181?t2?800s?0.15s2分）
（
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