福建省宁德市2019届高三上学期期末质量检测物理试题

福建省宁德市2019届高三上学期期末质量检测理科综合能力测试

物理试题

二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.将一小球以3m/s的初速度水平抛出，经过3s落到地面。不计空气阻力，则小球在落地前最后1s内的水平位移为

A. 3 m B. 5m C. 6m D. 9 m 【答案】A 【解析】 【分析】

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合初速度和时间求出水平位移.

【详解】因平抛运动的水平分运动是匀速直线运动，故在落地前的最后1s的水平位移为

；故选A.

【点睛】解决本题的关键是知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活解答．

2.我国自主研制的水陆两栖飞机“鲲龙\已试飞成功。当“鲲龙”AG600在水面加速滑行时受到的合力

A. 大小为零 B. 方向竖直向上

C. 方向与滑行方向相同 D. 方向沿滑行方向斜向上 【答案】C 【解析】 【分析】

物体做加速直线运动时加速度方向与速度方向相同，根据飞机的运动情况判断即可. 【详解】“鲲龙”AG600在水面做加速直线运动，加速度方向与滑行方向相同，由牛顿第二定律知合外力方向与加速度方向相同，所以合外力方向与滑行方向相同.故选C.

【点睛】解决本题的关键是知道物体做加速直线运动时，加速度方向与速度方向相同，而合外力方向与加速度方向相同.

3.据报道，2018年7月上海中车公司生产的全球最大马力无人遥控潜水器在上海下线，主要用于深海搜寻和打捞等。该潜水器质量为5×103kg，在某次作业中，潜水器与质量为4×103kg的重物从3km深的海底一起沿竖直方向匀速上升到海面，已知上升过程中潜水器的机械功率恒为180kW，水对潜水器与重物的浮力和阻力相互平衡，其他影响可忽略，重力加速度g取10m/s，则潜水器与重物上升的速度大小为

A. 1.8m/s B. 2.0m/s C. 3.6m/s D. 4.5m/s 【答案】B 【解析】 【分析】

对潜水器和重物整体进行受力分析，可知浮力与阻力平衡，则潜水器的动力与重力平衡，根据P=Fv求得潜水器的上升速度.

【详解】以潜水器和高密度重物整体为研究对象，因为整体匀速提升，故处于平衡状态，又浮力与阻力平衡，则可知潜水器的动力F与整体重力平衡， 即满足：F=(m+M)g=(5×103+4×103)×10N=9×104N, 潜水器匀速上升时，功率满足P=Fv可得上升速度

.故选B.

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【点睛】本题主要考查功率公式P=Fv，能正确的对潜水器及其重物整体受力分析，根据平衡求得潜水器的动力是解决问题的关键.

4.如图所示，边长为2L的正方形区域内存在方向垂直于纸面向外的匀强磁场。一个边长为L的正三角形闭合金属框水平匀速穿过该磁场。取金属框刚到达磁场左边界为零时刻，规定逆时针方向为电流的正方向，下列选项中能正确描述金属框中电流与时间关系图像的是

A. B. C. D.

【答案】B 【解析】 【分析】

根据感应电动势E=BLv和电流化，结合排除法确定答案．

【详解】三角形线框匀速进入磁场的过程，由电流表达式

可知，有效长度先增大后减

得出电流表达式，根据运动形式确定电流的大小和方向的变

小，则电流先增大后减小，而方向由楞次定律知为顺时针(负向)； 三角形线框完全进入磁场后，磁通量不变，则无感应电流； 三角形线框匀速出磁场的过程，由综合三个过程可知选B.

【点睛】分清线框运动中，切割磁感线的有效长度的变化是关键，根据感应电动势和感应电流得表达式求解即可．

5.如图所示，在光滑的水平面上有一段长为L、质量分布均匀的绳子，绳子在水平向左的恒力

同理可知电流先增大后减小，方向为逆时针(正向)；

F作用下做匀加速直线运动。绳子上某一点到绳子右端的距离为x，设该处的张力为T，则能

正确描述T与x之间的关系的图象是

A. B. C. D.

【答案】A 【解析】

试题分析：设单位长度质量为m；对整体分析有：解得：

故可知T与x成正比；则右段绳的质量为考点：考查了牛顿第二定律的应用

，可解得

，故D正确；

，则对x分析可知：

，联立

【名师点睛】分析整体的受力时采用整体法可以不必分析整体内部的力，分析单个物体的受力时就要用隔离法．采用整体隔离法可以较简单的分析问题

6.2018年5月21日，我国成功将“鹊桥”号中继星发射升空，经过复杂的变轨飞行，到达地月拉格朗日L2点附近，为“嫦娥四号”提供地月通信。已知“鹊桥”号运行于拉格朗日L2点受地球和月球引力作用，绕地球运转周期与月球公转周期相同，简化过程如图所示。下列判断正确的是

A. “鹊桥”号对月球的引力大于地球对月球的引力 B. “鹊桥”号绕地球运行的速度大于月球绕地球运行的速度 C. “鹊桥”号绕地球运行的角速度大于月球绕地球运行的角速度 D. “鹊桥”号绕地球运行的向心加速度大于月球绕地球运行的向心加速度 【答案】BD 【解析】 【分析】

物体绕地球做圆周运动的轨道周期与月球绕地球做圆周运动的轨道周期相同，结合轨道半径的关系得出线速度、角速度、向心加速度的大小关系.

【详解】A、对月球而言提供向心力的合力指向地球，则地球对月球的引力大于“鹊桥”号对月球的引力；故A错误.

B、卫星和月球都绕地球做圆周运动且周期相同，由大于月球绕地球运行的速度；故B正确. C、由圆周运动的

可知，月球和卫星周期相同，则角速度相等；故C错误.

可知“鹊桥”号绕地球运行的速度

D、由可知，两卫星的周期相同，则半径大的向心加速度大，即“鹊桥”号绕地球运行

的向心加速度大于月球绕地球运行的向心加速度；故D正确. 故向BD.