15（8分）、为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线距离s0和s1（s1 （1）冰球与冰面之间的动摩擦因数； （2）满足训练要求的运动员的最小加速度。 16（8分）、如图为某课外活动小组模拟高铁动车编组实验，假设动车组是由动车和拖车编组而成，只有动车提供动力。该模拟列动车组由10节车厢组成，其中第1节和第6节车厢为动车，每节动车的额定功率均为P，每节车厢的总质量均为m，动车组运行过程中所受阻力为车重的k倍。若动车组以额定功率沿水平方向做直线运动，经时间t速度达到最大。重力加速度为g，求： （1）当动车组速度达到最大速度一半时的加速度大小和此时第7节车厢对第8节拉力大小； （2）动车组从启动至速度刚达到最大的过程中所通过的路程。 17．(12分)如图甲所示，一倾角为37°的传送带以恒定速度运行．现将一质量m＝1 kg的小物体抛上传送带，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图乙所示，取沿传送带向上为正方向，g＝10 m/s，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8：求： 2 (1)物体与传送带间的动摩擦因数； (2) 0～8 s内物体机械能的增加量; (3)物体与传送带摩擦产生的热量Q. 18.(12分)如图甲所示,一竖直平面内的轨道由粗糙斜面AD和光滑圆轨道DCE组成,AD与DCE相切于D点,C为圆轨道的最低点,将一小物块置于轨道AD上离地面高为H处由静止下滑,用力传感器测出其经过C点时对轨道的压力N,改变H的大小,可测出相应的N的大小,N随H的变化关系如图乙折线PQI所示(PQ与QI两直线相连接于Q点),QI反向延长交纵轴于F点(0,5.8N),重力加速度g取10m/s2,求： (1)小物块的质量m。 (2)圆轨道的半径及轨道DC所对应的圆心角θ(可用角度的三角函数值表示)。 (3)小物块与斜面AD间的动摩擦因数μ。 答案 ? 1、C 2、c 3、A4、A 5、C 、6、D 7、C 8、B ? 9、BC 10、ACD 11、ACD 12、BD ? 13、解析①:选BC ② B ①A选项，橡皮条在两绳套夹角之间，不需要一定在角平分线上，A错误； B选项，重复实验时，结点O的位置可以重新选择，B正确； C选项，使用测力计，施力方向应沿测力计轴线，读数时视线应正对测力计刻度，减小偶然误差，C正确； D选项，力合成时，分力可以大于合力，D错误。 ②为减小实验的偶然误差，实验时应使两个力的角度适中，同时应使力的图示中力的长度适当大一些。B选项最满足这两个要点。 所以选B。 14、【答案】（1）不需要（2）D （3）平衡摩擦力 0.2 15、【解析】（1）设冰球与冰面间的动摩擦因数为μ， 则冰球在冰面上滑行的加速度a1=μg① 由速度与位移的关系知–2 a1s0=v1-v0② 联立①②得 22 ③ （2）设冰球运动时间为t,则 ④ 又 ⑤ 由③④⑤得 ⑥ 16、【解析】 【详解】（1）当加速度为零时，动车组速度最大为vm，则根据 得：2P=10kmgvm,解得： ，当时，2P=Fv，F=20kmg，由牛顿第二定律得：F-10kmg=10ma，解得：a=kg， 以8、9、10三节车厢为研究对象，由牛顿第二定律得：-3kmg=3ma，解得：=6kmg （2）由动能定律得：2Pt-10kmgx=10m，解得：x= 17解析： (1)由图象知，物体相对传送带滑动时的加速度 a＝1 m/s2 对此过程中物体受力分析得μmgcos θ－mgsin θ＝ma 解得μ＝0.875. 4－2 (2) 从图乙中求出物体的位移 x＝6×2 m＋4×2 m＝14 m. 物体被送上的高度h＝xsin θ＝8.4 m 重力势能增加量ΔEp＝mgh＝84 J 11动能增加量ΔEmv2 k＝22－2mv21＝6 J 机械能增加量ΔE＝ΔEp＋ΔEk＝90 J （3）0～8 s内只有前6 s发生相对滑动． 0～6 s内传送带运动距离x带＝4×6 m＝24 m 0～6 s内物体的位移x物＝6 m 产生的热量Q＝μmgcos θ·x相对＝126 J. 18.【解析】(1)如果物块只在圆轨道上运动, 则由动能定理得mgH=mv2 解得v= (1分) 由向心力公式N-mg=m (1分) 得N=m+mg=H+mg 结合PQ曲线可知mg=5N 得m=0.5kg (1分) (2)由图像可知=10N/m 得R=1m (1分) cosθ= =0.8,θ=37° (1分) (3)如果物块由斜面上滑下,由动能定理得 mgH-μmgcosθ =mv2 (2分) 解得mv2=2mgH-μmg(H-0.2m) (1分) 由向心力公式N-mg=m 得N=m+mg= H+ μmg+mg (2分) (1分) 结合QI曲线知μmg+mg=5.8N(2分) 解得μ=0.3 (1分)
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