新编物理基础学(上、下册)课后习题详细答案
王少杰，顾牡主编
第一章
rrrr1-1.质点运动学方程为：r?acos(?t)i?asin(?t)j?btk,其中a，b，?均为正常数，求质点速度和加速度与时间的关系式。
r分析：由速度、加速度的定义，将运动方程r(t)对时间t求一阶导数和二阶导数，可得到速度和加速度的表达式。
rrrrr解：v?dr/dt??a?sin(?t)i?a?cos(?t)j?bk
rrrr2a?dv/dt??a???cos(?t)i?sin(?t)j??
1-2. 一艘正在沿直线行驶的电艇，在发动机关闭后，其加速度方向与速度方向相反，大小与速度平方成正比，即dv/dt??Kv2， 式中K为常量．试证明电艇在关闭发动机后又行驶x距离时的速度为 v?v0e?Kx 。 其中v0是发动机关闭时的速度。 分析：要求v?v(x)可通过积分变量替换a?证：
dvdv，积分即可求得。 ?vdtdxdvdvdxdv???v??Kv2 dtdxdtdxdv ??Kdx
vv1xv , dv??Kdxln??Kx ?v0v?0v0 v?v0e?Kx
1-3．一质点在xOy平面内运动，运动函数为x?2t,y?4t2?8。（1）求质点的轨道方程并画出轨道曲线；（2）求t=1 s和t=2 s 时质点的位置、速度和加速度。
分析：将运动方程x和y的两个分量式消去参数t，便可得到质点的轨道方程。写出质点的
rr?运动学方程r(t)表达式。对运动学方程求一阶导、二阶导得v(t)和a(t)，把时间代入可得某时刻质点的位置、速度、加速度。
解：（1）由x?2t,得：t?x,代入y?4t2?8
2 可得：y?x2?8，即轨道曲线。
画图略
rrr（2）质点的位置可表示为：r?2ti?(4t2?8)j
rr 由v?dr/dt则速度：v?2i?8tj
rrrrr 由a?dv/dt则加速度：a?8j
rrrrrrrr则：当t=1s时，有r?2i?4j,v?2i?8j,a?8j
rrrrrrrrrr当t=2s时，有r?4i?8j,v?2i?16j,a?8j
1-4．一质点的运动学方程为x?t2，y?(t?1)2，x和y均以m为单位，t以s为单位。（1）求质点的轨迹方程；（2）在t?2s时质点的速度和加速度。 分析同1-3.
解：（1）由题意可知：x≥0，y≥0，由x?t2，，可得t?
x,代入y?(t?1)2
整理得：y?x?1，即轨迹方程
（2）质点的运动方程可表示为：r?t2i?(t?1)2j
rrrrrrr 则：v?dr/dt?2ti?2(t?1)j
rrrr a?dv/dt?2i?2j
rrrrrr 因此, 当t?2s时，有v?4i?2j(m/s),a?2i?2j(m/s2)
11-5．一质点沿半径为R的圆周运动，运动学方程为s?v0t?bt2，其中v0，b都是常量。（1）
2求t时刻质点的加速度大小及方向；（2）在何时加速度大小等于b； （3）到加速度大小等于b时质点沿圆周运行的圈数。
ds分析：由质点在自然坐标系下的运动学方程s?s?t?，求导可求出质点的运动速率v?，
dtvrrrdv2因而，a??，an?，a?a??0?ann0，a?a?2?an，当a?b时，可求出t，代入
?dt运动学方程s?s?t?，可求得a?b时质点运动的路程，解：（1）速率：v?ds2s即为质点运动的圈数。 2?R??b
dtdtrdvrv2rr(v0?bt)2r 加速度：a??0?n0??b?0?n0
dt?R 则大小：a?a2??a2n 方向：tan????v0?bt，且dv?(v0?bt)2?2?b???……………………①
R??
2?v0?bt?2bRv（2）当a=b时，由①可得：t?0
b2v0v012（3）当a=b时，t?，代入s?v0t?bt,可得：s?
2bb22v0s 则运行的圈数 N? ?2?R4?bR1-6．一枚从地面发射的火箭以20m?s?2的加速度竖直上升后，燃料用完，于是像一个自由质点一样运动，略去空气阻力，试求（1）火箭达到的最大高度；（2）它从离开地面到再回到地面所经过的总时间。 分析：分段求解：0?t?30s时，a?20ms2，求出v、a；t＞30s时，a??g。求出v2(t)、
x2(t)。当v2?0时，求出t、x，根据题意取舍。再根据x?0，求出总时间。
解：（1）以地面为坐标原点，竖直向上为x轴正方向建立一维坐标系，且在坐标原点时，t=0s，且=30s
tvxdvdvx,ax?20(m/s2)， 则：当0≤t≤30s，由ax?x, 得axdt?00dt vx?20t(m/s),t?30(s)时，v1?600(m/s)
??dx 由vx?，得
dt?300vxdt??dx，则：x1?9000(m)
0tx1当火箭未落地, 且t＞30s,又有：
?30ax2dt??vx2v1dvx2,ax2??9.8(m/s2)，
则：vx2?894?9.8t(m/s)
且：?vx2dt??dx，则：x??4.9t2?894t?13410(m)…①
30x1tx当vx2?0，即t?91.2(s)时，由①得，xmax?27.4km
（2）由（1）式，可知，当x?0时，t?166(s)，t≈16(s)＜30(s)（舍去）
1-7. 物体以初速度20m?s?1被抛出，抛射仰角60°，略去空气阻力，问（1）物体开始运动后的末，运动方向与水平方向的夹角是多少 末的夹角又是多少（2）物体抛出后经过多少时间，运动方向才与水平成45°角这时物体的高度是多少（3）在物体轨迹最高点处的曲率半径有多大（4）在物体落地点处，轨迹的曲率半径有多大
rr分析：（1）建立坐标系，写出初速度v0，求出v(t)、tan?，代入t求解。
（2）由（1）中的tan?关系，求出时间t；再根据y方向的运动特征写出y?t?，代入t求y。 （3）物体轨迹最高点处，vy?0，且加速度a?an?v2??g，求出?。
v2，求出?。
（4）由对称性，落地点与抛射点的曲率相同 an?gcos???解：以水平向右为x轴正向，竖直向上为y轴正向建立二维坐标系 （1）初速度v0?20cos600i?20sin600j?10i?103j(m/s)， 且加速度a??9.8j(m/s2),
rrr 则任一时刻：v?10i?(103?9.8t)j(m/s)………………①
rrrrrrr103?9.8t……………………………②
10当t=(s)时，tan??0.262,??14?41' 与水平方向夹角有tan??当t=(s)时，tan???0.718,???35?41' （2）此时tan??1, 由②得t=(s)
11高度y?vyot?gt2?103?0.75??9.8?0.752?10.23(m)
22（3）在最高处，
rv2rv?10i(m/s),v?10(m/s),an??g，
?v2 则：???10.2(m)
g（4）由对称性，落地点的曲率与抛射点的曲率相同。 由图1-7可知：
van?acos??gcos??gx
v10 ?g?4.9(m/s2)
20v2400????82(m)
an4.91-8．应以多大的水平速度v把一物体从高h处抛出， 才能使它在水平方向的射程为h的n倍
1分析：若水平射程vt?hn，由h?gt消去t，即得v?h?。
2解：设从抛出到落地需要时间t
则，从水平方向考虑vt?hn，即
1从竖直方向考虑h?gt2,消去t，
2n2gh 21-9．汽车在半径为400m的圆弧弯道上减速行驶，设在某一时刻，汽车的速率为10m?s-1，切向加速度的大小为0.2m?s-2。求汽车的法向加速度和总加速度的大小和方向。
分析：由某一位置的?、v求出法向加速度an，再根据已知切向加速度a?求出a的大小和方
则有： v?向。
102解：法向加速度的大小an???0.25(m/s2), 方向指向圆心
?400总加速度的大小
v2a?a2??a2n?0.22?0.252?0.32(m/s2)
如图1-9，tan??a??0.8,??38?40',
an则总加速度与速度夹角??90????128?40'
? v0 ?? ????anat ?? ??v g
图1-10
1-10. 质点在重力场中作斜上抛运动，初速度的大小为v0，与水平方向成?角．求质点到达抛出点的同一高度时的切向加速度，法向加速度以及该时刻质点所在处轨迹的曲率半径（忽略空气阻力）．已知法向加速度与轨迹曲率半径之间的关系为an ? v 2/? 。 分析：运动过程中，质点的总加速度a? g 。由于无阻力作用，所以回落到抛出点高度时 质点的速度大小v?v0，其方向与水平线夹角也是?。可求出an ，如图1-10。再根据关系
an ? v 2/? 求解。
解：切向加速度 a??gsina 法向加速度 an?gcosa
2v0v2因 an? ? ????angcos?v21-11．火车从A地由静止开始沿着平直轨道驶向B地，A，B两地相距为S。火车先以加速
度a1作匀加速运动，当速度达到v后再匀速行驶一段时间，然后刹车，并以加速度大小为a2作匀减速行驶，使之刚好停在B地。求火车行驶的时间。 分析：做v-t图，直线斜率为加速度，直线包围面积为路程S。 解：由题意，做v-t图（图1-11）
则梯形面积为S，下底为经过的时间t， tan??a1,tan??a2 则：S?v?t?(t?vcot??vcot?)? 2
相关推荐：
loading