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2016年福建省宁德市高考数学模拟试卷(理科)(5月份)(解析版)

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由正弦定理得:,即,解得sin∠ACD=1,

∴∠ACD=90°,即DC⊥AC.

∵PA⊥平面ABCD,CD?平面ABCD, ∴DC⊥PA.

又AC∩PA=A,AC?平面PAC,PA?平面PAC, ∴CD⊥平面PAC.∵AE?平面PAC, ∴CD⊥AE.

(Ⅱ)∵PA⊥平面ABCD,AB?平面ABCD,AD?平面ABCD, ∴PA⊥AB,PA⊥AD.∴∠BAD即为二面角B﹣PA﹣D的平面角. ∵平面PAB⊥平面PAD,∴∠BAD=90°.

以A为原点,以AB,AD,AP所在直线分别为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系如图所示, 则,

=(

,3λ,﹣3λ),∴

= =(

,3,﹣3).=(,

=(0,0,3).

,3λ,3﹣3λ).

设平面PBC的法向量为=(x,y,z),则

∴,令,得=(,0,1).

设直线AE与平面PBC所成的角为θ,则

∴或.

20.已知点F(1,0),点P在圆E:(x+1)2+y2=16上,线段PF的垂直平分线交PE于点M.记点M的轨迹为曲线Γ.过x轴上的定点Q(m,0)(m>2)的直线l交曲线Γ于A,B两点.

(Ⅰ)求曲线Γ的方程;

(Ⅱ)设点A关于x轴的对称点为A′,证明:直线A′B恒过一个定点S,且|OS|?|OQ|=4.

第17页(共23页)

【考点】直线与圆锥曲线的综合问题;椭圆的简单性质. 【分析】(I)利用垂直平分线的性质、椭圆的定义即可得出.

(Ⅱ)由椭圆的对称性可得,定点S必在x轴上.设直线l的方程为y=k(x﹣m),A(x1,y1),B(x2,y2),直线A'B与x轴的交点为S(s,0)则A'(x1,﹣y1),直线方程与椭圆

22222

方程联立可得:(3+4k)x﹣8kmx+4km﹣12=0,利用根与系数的关系,及其A',B,S三点共线,进而得出. 【解答】解:(Ⅰ)由题意可知,|MP|=|MF|,∴|ME|+|MF|=4, ∵|ME|+|MF|>|EF|,

∴点M的轨迹是以点F(1,0)和E(﹣1,0)为焦点,2a=4的椭圆, ∴

∴曲线Γ的方程为.

(Ⅱ)由椭圆的对称性可得,定点S必在x轴上.设直线l的方程为y=k(x﹣m),A(x1,y1),B(x2,y2),直线A'B与x轴的交点为S(s,0)则A'(x1,﹣y1), ∴

=(x1﹣s,﹣y1),

=(x2﹣s,y2),

得,(3+4k2)x2﹣8k2mx+4k2m2﹣12=0,

△>0,即(4﹣m2)k2+3>0,

∴,

当k≠0时,由A',B,S三点共线,可得(x1﹣s)y2+(x2﹣s)y1=0, 即k(x1﹣s)(x2﹣m)+k(x2﹣s)(x1﹣m)=0,2x1x2﹣(s+m)(x1+x2)+2sm=0, ∴

∴,

∴,即,k=0时,直线A'B与x轴重合,过点

,且

=4.

综上述,直线A'B恒过一个定点

21.已知函数f(x)=﹣

+(a﹣1)x+lnx.

(Ⅰ)若a>﹣1,求函数f(x)的单调区间; (Ⅱ)若a>1,求证:(2a﹣1)f(x)<3ea﹣3.

第18页(共23页)

【考点】利用导数研究函数的单调性;利用导数求闭区间上函数的最值. 【分析】(Ⅰ)求导,令f′(x)=0,解得x1、x2,再进行分类讨论,利用导数大于0,求得函数的单调增区间;利用导数小于0,求得函数的单调减区间;

(Ⅱ)a>1,由函数单调性可知,f(x)在x=1取极大值,也为最大值,f(x)max=a﹣1,因此(2a﹣1)f(x)≤(2a﹣1)(a﹣1),构造辅助函数g(a)=

求导,求出g(a)的单调区间及最大值可证明(2a﹣1)f(x)<3ea﹣3. 【解答】解:(Ⅰ)f(x)=﹣

<=3,可知g(a)<3,ea﹣3>0,即

+(a﹣1)x+lnx,x>0

则f′(x)=﹣ax+(a﹣1)+=,

令f′(x)=0,解得x1=1,x2=﹣, 当﹣>1,解得﹣1<a<0,

∴﹣1<a<0,f′(x)>0的解集为(0,1),(﹣,+∞), f′(x)<0的解集为(1,﹣),

∴函数f(x)的单调递增区间为:(0,1),(﹣,+∞), 函数f(x)的单调递减区间为(1,﹣); 当﹣<1,解得a>0,

∴a>0,f′(x)>0的解集为(0,1), f′(x)<0的解集为(1,+∞);

∴当a>0,函数f(x)的单调递增区间为(0,1), 函数f(x)的单调递减区间为(1,+∞);

综上可知:﹣1<a<0,函数f(x)的单调递增区间为:(0,1),(﹣,+∞),函数f(x)的单调递减区间为(1,﹣);

a>0,函数f(x)的单调递增区间为(0,1),函数f(x)的单调递减区间为(1,+∞); (Ⅱ)证明:∵a>1,故由(Ⅰ)可知函数f(x)的单调递增区间为(0,1)单调递减区间为(1,+∞), ∴f(x)在x=1时取最大值,并且也是最大值,即f(x)max=a﹣1, 又∵2a﹣1>0,

第19页(共23页)

∴(2a﹣1)f(x)≤(2a﹣1)(a﹣1),

设g(a)=,g′(a)=﹣=﹣,

∴g(a)的单调增区间为(2,),单调减区间为(,+∞),

∴g(a)≤g()==,

∵2∴

>3, <=3,

∴g(a)<3, ea﹣3>0,

∴(2a﹣1)f(x)<3ea﹣3.

四.请考生在第22、23、24题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.作答时请写清题号.[选修4-1:几何证明选讲]

22.如图,已知⊙A和⊙B的公共弦CD与AB相交于点E,CB与⊙A相切,⊙B半径为2,AE=3.

(Ⅰ)求弦CD的长;

(Ⅱ)⊙B与线段AB相交于点F,延长CF与⊙A相交于点G,求CG的长.

【考点】与圆有关的比例线段;相似三角形的性质. 【分析】(Ⅰ)连结CA,由圆的切线的性质、对称性,根据射影定理求出BE,再根据勾股定理,继而得出弦CD的长;

(Ⅱ)在△CEF中,求出EF,CF的长,根据勾股定理求出AC,设⊙A与直线AB相交于M,N两点,分别求出AF,MF,NF,根据相交弦定理求得CF?FG,得出FG,继而求得CG的值. 【解答】解:(Ⅰ)证明:连结CA,则CA⊥CB, ∵由圆的对称性知CD⊥AB,

∴由射影定理得:BC2=BE?BA=BE?(BE+EA), ∴22=BE?(BE+3),∴BE=1; ∴在 Rt△BEC中,∴.

(Ⅱ)在△CEF中,

,EF=BF﹣BE=1,

第20页(共23页)

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