【解析】 【分析】 【详解】
A、标准状况下，22.4 L CH4的物质的量为1mol，1mol甲烷中有4molC－H，因此22.4L甲烷中共价键的物质的量为22.4×4/22.4mol=4mol，故错误；
B、2Fe＋3Cl2=2FeCl3，铁过量，氯气不足，因此转移电子物质的量为1×2×1mol=2mol，故错误； C、没有说明溶液的体积，无法计算物质的量，故错误；
D、由于N2O4的最简式为NO2，所以46g的NO2和N2O4混合气体N2O4看作是46g NO2，即1mol，原子物质的量为1mol×3=3mol，故正确。
8．W、X、Y、Z 是同周期主族元素，Y的最外层电子数是X次外层电子数的3倍，四种元素与锂组成的盐是一种新型电池的电解质(结构如图，箭头指向表示共用电子对由W提供，阴离子中所有原子均达到8e稳定结构)。下列说法不正确的是
-
A．该物质中含离子键、极性键和非极性键 B．在四种元素中W的非金属性最强 C．Y和Z两元素形成的化合物不止一种 D．四种元素的原子半径中Z的半径最大 【答案】D 【解析】 【分析】
W、X、Y、Z是同周期主族元素，Y的最外层电子数是X次外层电子数的3倍，可知X有2个电子层，四种元素都是第二周期的元素，X的次外层电子数只能为2，Y的最外层电子数为6，Y为O元素；由四种元素与锂组成的盐是一种新型的锂离子电池的电解质，Z可形成4对共用电子对，Y可形成2对共用电子对，X可形成3对共用电子对和1个配位键（接受孤电子对），则Z为C元素、、X为B元素，W可提供孤电子对，且形成1对共用电子对，则W为F元素，以此来解答。 【详解】
由上述分析可知，W为F、X为B、Y为O、Z为C元素。
A. 该化合物是离子化合物，含离子键，在阴离子中含有不同种元素原子之间形成的极性共价键，阴离子中含有C原子之间的非极性共价键及F、B原子之间的配位键，配位键属于极性共价键，A正确； B. 同一周期的元素，原子序数越大，元素的非金属性越强，在这四种元素中非金属性最强的元素是F元素，B正确；
C. C、O元素可形成CO、CO2等化合物，故二者形成的化合物种类不止一种，C正确；
D. 同一周期的元素原子序数越大，原子半径越小，在上述元素中B元素原子序数最小，故四种元素的原子半径中B的半径最大，D错误； 故答案选D。 【点睛】
本题考查原子结构与元素周期律，把握化学键、元素的性质来推断元素为解答关键。注意配位键的形成，注意同一周期元素的非金属性从左到右逐渐增强，元素的原子半径逐渐减小的变化规律，同种元素的原子形成非极性键，不同种元素的原子形成极性共价键，试题侧重考查学生的分析与应用能力。
9．古代造纸工艺中常使用下列某种物质，该物质易导致纸纤维发生酸性水解，纸张因此变脆、易破损。则该物质是( ) A．明矾 【答案】A 【解析】 【详解】
早期的纸张生产中,常采用纸表面涂敷明矾的工艺，明矾[KAl(SO4)2?12H2O]中铝离子水解，其水解方程式为：
B．草木灰
C．熟石灰
D．漂白粉
Al3++3H2O?Al(OH)3+3H+，产生氢离子促进纤维素水解，使高分子链断裂，所以纸质会变脆、破损，
A项符合题意， 答案选A。
10．下列有关含氯物质的说法不正确的是 ．．．
A．向新制氯水中加入少量碳酸钙粉末能增强溶液的漂白能力
B．向NaClO溶液中通入少量的CO2的离子方程式：CO2＋2ClO－＋H2O＝2HClO＋CO32－(已知酸性：H2CO3>HClO>HCO3－)
C．向Na2CO3溶液中通入足量的Cl2的离子方程式：2Cl2＋CO32－＋H2O＝CO2＋2Cl－＋2HClO
D．室温下，向NaOH溶液中通入Cl2至溶液呈中性时，相关粒子浓度满足：c(Na＋)＝2c(ClO－)＋c(HClO) 【答案】B 【解析】 【详解】
A.新制氯水中存在Cl2 +H2O
HCl+ HClO的平衡，加碳酸钙，消耗氢离子，平衡正向移动，HClO浓
度增大，漂白能力增强，选项A正确；
B. 酸性:H2CO3 >HClO> HCO3-，故HClO与CO32-不能同时产生，选项B错误； C.足量氯气和水产生的盐酸将CO32-全部反应成CO2气体，选项C正确；
D.中性时由电荷守恒得到c(Na＋)＝c(ClO－)＋c(Cl－)，由于发生氧化还原反应，由得失电子守恒得到c(Cl－)＝c(ClO－)＋c(HClO)，两式联立可得c(Na＋)＝2c(ClO－)＋c(HClO)，选项D正确。 答案选B。
11．下列对装置的描述中正确的是
A．实验室中可用甲装置制取少量 O2
B．可用乙装置比较C、Si 的非金属性
C．若丙装置气密性良好，则液面a保持稳定
D．可用丁装置测定镁铝硅合金中 Mg 的含量
【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】
A．甲中H2O2，在MnO2作催化剂条件下发生反应2H2O2
MnO22H2O+O2↑生成O2，故A正确；
B．乙中浓盐酸具有挥发性，烧杯中可能发生的反应有2HCl+Na2SiO3=2NaCl+H2SiO3，故B错误； C．丙中橡皮管连接分液漏斗和圆底烧瓶，气压相等，两仪器中不可能出现液面差，液面a不可能保持不变，故C错误；
D．丁中合金里Al、Si与NaOH溶液反应生成H2，根据H2体积无法计算合金中Mg的含量，因为Al、Si都能与NaOH溶液反应生成H2，2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO2+3H2↑，Si+2NaOH+H2O=Na2SiO3+2H2↑，故D错误； 答案选A。 【点睛】
镁和硅都可以和氢氧化钠发生反应释放出氢气。
12．五种短周期元素T、W、X、Y、Z的原子序数依次增大。T的一种核素在考古时常用来鉴定一些文物的年代，W的简单气态氢化物遇Z的氢化物产生白烟。T、Z原子最外层电子数之和等于X的核外电子总数，T和Y位于同一主族。下列推断正确的是（ ） A．原子半径：T＜W＜Z＜Y＜X
B．简单气态氢化物的热稳定性：Y＞T＞W C．氧化物对应水化物的酸性：Y＜T＜W＜Z
D．X3W和XW3都是离子化合物，但所含化学键类型不完全相同 【答案】D 【解析】 【分析】
五种短周期元素T、W、X、Y、Z的原子序数依次增大。通过T的一种核素在考古时常用来鉴定一些文物的年代可以判断，T为C元素；根据W的简单气态氢化物遇Z的氢化物产生白烟，W的原子序数小于Z可以判断出，W为N元素，Z为Cl元素；T、Z原子最外层电子数之和等于X的核外电子总数可以判断出，X的核外电子数为11，X为Na；T和Y位于同一主族，T的原子序数最小，判断出Y为Si元素。 【详解】
A．根据元素电子层数和核电荷数判断，原子半径大小为：W< T B．同一周期从左到右，简单气态氢化物的热稳定性越来越强，同一主族从上到下，简单气态氢化物的热稳定性越来越弱，故简单气态氢化物的热稳定性为：W>T>Y，B错误； C．氧化物对应水化物的酸性无法判断，C错误； D．X3W和XW3分为Na3N和NaN3，两者都是离子化合物，但Na3N仅含有离子键，NaN3中即含离子键也含共价键，D正确； 答案选D。 13．在给定条件下，下列选项所示的物质间转化均能实现的是( ) 2?AlCl3(s) A．Al2O3(熔融)????Al(s)???Δ冰晶石电解Cl(g)22?H2SO4(aq) ?SO2(g) ???B．FeS2(s) ???高温O(g)HO(l)NaOH(aq)2?????NaNO3(aq) ?C．NH3(g) ????NO(g) 催化剂，ΔNaOH(aq)2?Na2SiO3(aq) ?H4SiO4(s) ????D．SiO2(s) ???O(g)HO(l)【答案】A 【解析】 【详解】 ?4Al(s)+3O2↑，2Al+3Cl2A. 2Al2O3(熔融)???冰晶石B.SO2(g) +H2O=H2SO3(aq)，故B错误； C.NO(g)与NaOH(aq)不反应，故C错误； D. SiO2(s) 不溶于水，故D错误； 故选A。 电解2AlCl3(s)，故A正确； 14．X、Y、Z、W为原子序数依次增大的四种短周期主族元素，Y、Z的最外层电子数之和等于W的原子
相关推荐：
loading