圆压轴题八大模型题（五）
泸州市七中佳德学校 易建洪
引言：与圆有关的证明与计算的综合解答题，往往位于许多省市中考题中的倒数第二题的位置上，是试卷中综合性与难度都比较大的习题。一般都会在固定习题模型的基础上变化与括展，本文结合近年来各省市中考题，整理了这些习题的常见的结论，破题的要点，常用技巧。把握了这些方法与技巧，就能台阶性地帮助考生解决问题。
类型5 三切线组合
直角梯形ABCD中，AD∥BC，∠B＝90°，以AB为直径的半圆⊙O与CD相切于点E. ECCEDDFO图(3)
CEDGA
BO图(1)
ABO图(2)
AB(1)AD＝4，BC＝9，求AB； (2)求证：4AD·BC＝AB2.
(3)求证：CO2＝CB·CD； (4)求证：CO∥AE, DO∥BE.
【分析】(1)法一：如图(a)过点D作DF⊥BC,AB＝DF＝(9?4)2?(9?4)2＝12. 法二：如图(b)由△OBC∽△DAO, 或△COE∽△ODE得： r2＝4×9＝36,r＝6,AB＝12.
(2) 由△OBC∽△DAO,或 △COE∽△ODE得：r2＝ADBC,( ∴4AD·BC＝AB2
(3)由Rt△CBO∽Rt△COD得：CO2＝CBCD. (4)∠CFE＝∠COG＝∠EGD＝90°,CO∥AE,DO∥BE.
CEDPBOFAFBO(a)
CCEDABEDO(b)
AAB2
)＝ADBC, 2CEDGPOADEBOFABCF
图(4)
图(5)
图(6)
(5)求证：EP=FP.
(6)求证：DG=AG. (7)求证：EP=FP.
(8)若AB=25，AD=2，求BC和EF的长.
【分析】(5)由CB∥EF∥DA,CB＝CE,DA＝DE得
EPCPBPFP,∴EP＝FP. ???DACABDDA(6)由CB＝CE,∠CBE＝∠CEB＝∠DEG;CB∥DA得∠CBE＝∠D,∴∠DEG＝∠D.∴DG＝EG,又EG＝GA,∴DG＝AG. (7)EF∥DA,得
EPBPFP, 又DG＝GA,得EP＝FP. ??DGBGGA(8)由AB2＝4ADBC得：（25）2＝4×2BC,∴BC＝,CF＝BC＝,BF＝5. 在Rt△ABF中，AF＝(25)2?52＝35.由AD∥BF得555∴EF＝AF＝×35＝5 399AEAD4??EFCF5,
【典例】
（2018·湖南娄底）如图，已知半圆O与四边形ABCD的边AD、AB、BC都相切，切点分别为D、E、C，半径OC＝1，则AE·BE___________.
EOAD1【分析】连接 OE，由切线长定理可得∠AOE＝∠DOE，
21∠BOE＝∠EOC，再根据∠DOE＋∠EOC＝180°，可得
2∠AOB＝90°，继而可证△AEO∽△OEB，根据相似三角形对应边成比例即可得.
解：如图，连接 OE，∵AD、AB与半圆 O 相切， ∴ OE⊥AB，OA平分∠DOE，
BC图5-1
AED11∴∠AOE＝∠DOE，同理∠BOE＝∠EOC，
22∵∠DOE＋∠EOC＝180°，∴∠AOE＋∠BOE＝90°， 即∠AOB＝90°，∴∠ABO＋∠BAO＝90°， ∵∠BAO＋∠AOE＝90°，∴∠ABO＝∠AOE，
BOC图a
∵∠OEA＝∠BEO＝90°，∴△AEO∽△OEB， ∴AE：OE＝OE：BE，∴AEBE＝OE2＝1， 答案：1. 【点拨】
由切线长定理引出的四个母子相似三角形中，含直角三角形、等腰三角形、全等三角形及相似三角形。除开由切线长所在的特殊四边形的特殊结论以外，往往借助切线长定理中的边等角等和比例线段证明线段相等，或运用局部占总体的比例求线段长。善于分解图形，构建基本的图形模型，综合运用解决问题。 【变式运用】
1.(2016大庆)如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，以BC为直径的⊙O交斜边AB于点M，若H是AC的中点，连接MH. (1)求证：MH为⊙O的切线. (2)若MH＝33，tan∠ABC＝，求⊙O的半径. 24(3)在（2）的条件下分别过点A、B作⊙O的切线，两切线交于点D，AD与⊙O相切于N点，过N点作NQ⊥BC，垂足为E，且交⊙O于Q点，求线段NQ的长度.
解：（1）连接OH、OM，
∵H是AC的中点，O是BC的中点， ∴OH是△ABC的中位线，∴OH∥AB， ∴∠COH＝∠ABC，∠MOH＝∠OMB， 又∵OB＝OM，∴∠OMB＝∠MBO， ∴∠COH＝∠MOH， 在△COH与△MOH中，
图5-2
，∴△COH≌△MOH（SAS），
∴∠HCO＝∠HMO＝90°， ∴MH是⊙O的切线；
（2）∵MH、AC是⊙O的切线，
图b
∴HC＝MH＝，∴AC＝2HC＝3，
∵tan∠ABC＝，∴＝， ∴BC＝4，∴⊙O的半径为2.
（3）连接OA、CN、ON，OA与CN相交于点I， ∵AC与AN都是⊙O的切线， ∴AC＝AN，AO平分∠CAD， ∴AO⊥CN， ∵AC＝3，OC＝2， ∴由勾股定理可求得： AO＝，
∵ACOC＝AOCI，∴CI＝
，∴由垂径定理可求得：CN＝
，
图c
设OE＝x，由勾股定理可得：CN2﹣CE2＝ON2﹣OE2， ∴﹣（2＋x）2＝4﹣x2，
∴x＝，∴CE＝，由勾股定理可求得：EN＝， ∴由垂径定理可知：NQ＝2EN＝．
2.(2016广西梧州)如图，AB、BC、CD分别与⊙O切于E、F、G，且AB∥CD．连接OB、OC，延长CO交⊙O于点M，过点M作MN∥OB交CD于N． （1）求证：MN是⊙O的切线；
（2）当OB＝6cm，OC＝8cm时，求⊙O的半径及MN的长．
(1)如图所示，连接OE、OF、OG. ∵OE、OF、OG都是⊙O的半径， ∴OE＝OG＝OG.
∵AB、BC、CD分别与⊙O相切于点E、F、G， ∴∠OEB＝∠OFB＝∠OFC＝∠OGC＝90. 在Rt△OEB和Rt△OFB中，
图5-2
，
∴Rt△OEB≌Rt△OFB， 则∠OBE＝∠OBF.
同理可证Rt△OFC≌Rt△OGC，
则∠OCF＝∠OCG. ∵AB∥CD, ∴∠OBE＋∠OBF＋∠OCF＋∠OCG＝180， 即∠OBF＋∠OCF＝90°， 则∠BOC＝180°－∠OBF－∠OCF＝90°. ∵MN∥OB， ∴∠NMC＝∠MOB＝180°－∠BOC＝90°， 即OM⊥MN,又∵OM是⊙O的半径， ∴MN是⊙O的切线。 (2)如图所示，由（1）可得， 在Rt△OBC中，OF⊥BC，∠BOC＝90°。 由勾股定理得，则， ， 图d 即10OF＝48,故OF＝.∵OM＝OF＝， ∴MC＝OM＋OC＝。 由（1）知，∠OCB＝∠MCN，∠NMC∠BOC＝90°， 则△NMC∽△BOC，因此故。 ，即， 综上所述，⊙O的半径为，MN的长为. 3.（2018·湖北襄阳）如图，AB是⊙O的直径，AM和BN是⊙O的两条切线， E为⊙O上一点，过点E作直线DC分别交AM，BN于点D，C，且CB＝CE． (1)求证：DA＝DE；
(2)若AB＝6，CD＝43，求图中阴影部分的面积．
解：（1）证明：连结OE，OC. ∵BN切⊙O于点B，∴∠OBN＝90°.
∵OE＝OB，OC＝OC，CE＝CB，∴△OEC≌△OBC. ∴∠OEC＝∠OBC＝90°. ∴CD是⊙O的切线.
∵AD切⊙O于点A，∴DA＝DE.
图5-3
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