【解答】解：A、根据左手定则可知bc边受到的安培力方向垂直于bc边向下，故A错误；
B、ab边受到的安培力大小为F＝BIL，故B错误；
CD、三条边构成闭合的三角形，三边受到的安培力的合力为零，故ab边与bc边受到的安培力的合力等于ac边受到的安培力，故C错误，D正确。 故选：D。
【点评】本题主要是考查安培力的计算，牢记安培力的计算公式是解答本题的关键。 7．（4分）如图所示，电动机M与电阻R串联后两端接在电压恒为U电源上，电动机M的线圈电阻r与电阻R阻值相等，电动机正常工作，下列判断正确的是（ ）
A．流过电动机的电流小于流过电阻R的电流 B．电动机两端电压大于电阻R两端电压 C．电动机的发热功率大于电阻R的发热功率 D．电动机的总功率等于电阻的功率
【分析】电动机M与电阻R串联，电流相等，根据焦耳定律分析放出的热量关系。R是纯电阻电路，电动机是非纯电阻电路，根据欧姆定律分析R的电压与电流的关系，判断电动机两端电压的关系。根据能量守恒定律分析消耗的功率关系。 【解答】解：A、电动机M与电阻R串联，电流相等，故A错误；
B、设电动机M线圈电阻与电阻R的电阻均为R，电路中电流为I，根据欧姆定律得：电阻两端的电压UR＝IR，电动机是非纯电阻电路，其电压UM＞IR，则有UM＞UR，所以电阻两端电压小于电动机两端电压，故B正确。
C、电阻相等，根据P＝I2R可知，电动机的发热功率等于电炉的发热功率，故C错误； D、电动机消耗的功率PM＝UMI，电阻消耗的功率PR＝URI，UM＞UR，则PM＞UR，即电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率，故D错误； 故选：B。
【点评】本题中电炉是纯电阻电路，电动机是非纯电阻电路，两个电路焦耳定律都适用，但欧姆定律只适用于电炉，不适用于电动机。
8．（4分）如图是根据某次测定电源的电动势和内阻的实验记录的数据作出的路端电压U与干路电流l的图线，下列说法正确的是（ ）
A．路端电压U越大，干路电流I越大
B．横轴截距表示短路电流，即I0＝0.4A C．此电源的内阻为5Ω
D．此电源的最大输出功率为0.5W
【分析】由闭合电路欧姆定律可得出路端电压与电流的关系，由数学知识可得出电源的电动势和内电阻。当外电路电阻为零，外电路短路。 【解答】解：A、根据I＝
知，U越大，电流越小，故A错误；
B、由图示图象可知，外电路电压为1.2V时，电路电流为0.4A，横轴截距不是短路电流，故B错误；
C、图象的斜率的绝对值等于电源的内阻，电源内阻r＝误；
D、图象与纵轴截距的坐标值是电源电动势，由图象可知，电源电动势E＝2V，最大输出功率为Pm＝故选：D。
【点评】本题在测定电动势和内电阻实验中，作为数据处理的方法，是实验重点考查内容，应结合数学知识进行理解，此题要注意纵坐标的起始坐标不为零。
9．（4分）在如图所示电路中，L1、L2、L3是三只小灯泡，电源电动势为E，内阻为0，三 只灯泡原来都能发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下列说法正确的是（ ）
＝0.5W，故D正确；
＝
Ω＝2Ω，故C错
A．L1变亮，L2亮度不变，L3变暗 B．L1和L2变亮，L3变暗
C．L1的电压变化的绝对值等于L3的电压变化的绝对值 D．通过L1的电流变化的绝对值等于通过L2的电流变化的绝对值
【分析】由图可知L3与R串联后与L2并联，再与R0、L1串联；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化，即可知L1亮度的变化；将R0、L1作为内电阻处理，由U＝E﹣Ir可知并联部分电压的变化，由欧姆定律可得出两灯亮度的变化；因两灯电阻均为定值，则可由欧姆定律得出电压变化值的大小关系。
【解答】解：A、B当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大，故L1变亮；
电路中总电流增大，故内电压及R0、L1两端的电压增大，而电动势不变，故并联部分的电压减小，故L2变暗；
因L2中电流减小，干路电流增大，故流过L3的电流增大，故L3变亮；故A错误； B、L2电压变化量大小与L1电流变化量大小比值即为电源的内阻，电阻R0及灯泡L1的电阻之和，因此比值不变，B正确；
C、因L1中电流增大，L3中电流增大，而L2中电流减小；开始时有：I1＝I2+I3，故I1电流的变化值一定小于L3中电流的变化值；故C正确；
D、因并联部分的电压与L1、R0及内电阻上的总电压等于电源的电动势；L2两端的电压减小，L1、R0及内阻r两端的电压增大，而电动势不变，故L1上电压变化值小于L2上的电压变化值，故D错误；
故选：BC。
【点评】本题不但考查电路中各量的变化方向，还考查了各电阻中电流及电压的变化值， 题目较为新颖，要求学生能灵活应用串并联电路的电流电压规律及闭合电路的欧姆定律。10．（4分）在地面附近有一竖直向下匀强电场E，一带电油滴以某初速度从a处运动到b 处，其运动轨迹如图中曲线所示，不计空气阻力，此过程中对油滴描述正确的是（ ）
A．油滴带正电
B．油滴的动能减小 C．油滴的电势能减小 D．油滴的动能和电势能之和减小
【分析】根据轨迹的凹向确定合力的方向，从而得出带电液滴所受合外力情况，进而根据牛顿第二定律判断产生的加速度；根据产生的加速度和速度的关系，即可判断物体的运动形式；根据能量守恒得出机械能、重力势能和电势能之和的变化。
【解答】解：A、根据轨迹的凹向确定合力的方向为向上，故油滴带负电，故A错误； B、由轨迹可知，合力做正功，则动能增加，故B错误；
C、根据能量守恒知，机械能和电势能之和不变，电场力做正功，电势能减小，故C正确；
D、根据能量守恒知，重力势能增加，则动能和电势能之和减小，故D正确； 故选：CD。
【点评】解决本题的关键知道合力大致指向轨迹的凹向，知道合力做功与动能的关系，以及电场力做功与电势能的关系。
11．（4分）如图所示，两平行金属板水平放置，使上板带上一定量正电荷，下板带上等量的负电荷，并在两板之间加上垂直纸面向里的匀强磁场，一个带正电粒子以初速度v0沿垂直于电场和磁场的方向，从两金属板左端中央水平射入后恰能做直线运动。粒子重力不计，则下列判断正确的是（ ）
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