中考物理模拟试卷有答案含解析
注意事项：
1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单选题
1．图示为某种物质熔化时温度随时间的变化的图象。根据图象，下列判断正确的是
A．该物质熔化过程持续了25min B．该物质是晶体，熔点为80℃
C．在第30min，该物质处于固液共存状态
D．在第10min到第25min之间，由于物质温度不变，所以不吸收热量 解析：B 【解析】 【分析】
明确图象中横纵坐标所表示的内容，可以看出物质的温度整体呈上升趋势，且有一段时间物质吸热但温度不再高，说明这是晶体熔化的图象，进而可以判断出对应的熔点温度；熔化前处于固态，熔化过程后处于固液共存状态、熔化完成处于液态。 【详解】
分析图象可知，图象中呈水平的一段所对应的温度80℃就是该物质的熔点，该物质有固定的熔化温度，是晶体，该物质从第10分钟开始熔化，到第25分钟左右结束，约进行了15分钟，熔化过程吸热温度不变，故AD错误，B正确；
C、在第30min熔化完成，该物质处于液态，故C错误。 故选B。
2．电动自行车两刹车手柄中各有一只开关S1和S1．在行驶中用任意一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作．如图电路符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
解析：A 【解析】 【详解】
由题意可知，开关S1和S1串联接在电路中，共同控制电动机的工作，故A符合题意，BCD不符合题意．故选A．
3．下列关于声现象说法正确的是 A．吉它发出的琴声来自琴弦的振动 B．声音只在空气中传播
C．岳阳开展的“禁炮”行动，是从传播过程中控制噪声 D．汽车的“倒车雷达”是利用次声波测距 解析：A 【解析】 【详解】
A.声音是由物体的振动产生的，所以琴声是吉它弦的振动产生的，故A符合题意；
B．声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体、气体中传播，声音在真空不能传播，故B不符合题意；
C．岳阳开展“禁炮”行动，是从声源处减弱噪声，故C不符合题意； D．倒车雷达是利用超声波传递信息的，故D不符合题意． 【点睛】
本题考查的是声音的产生及传播、噪声的控制，超声波的应用等知识点，是基础知识，难度不大． 4．将一本物理书放在水平桌面上静止时，下列选项中的两个力相互平衡的是（ ） A．书的重力与书对桌面的压力 B．书的重力与桌面对书的支持力 C．书对桌面的压力与桌面对书的支持力 D．书对桌面的压力与课桌的重力 解析：B
【解析】一对平衡力会同时满足四个条件，即：作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反。书的重力与书对桌面的压力的方向相同，但没有作用在同一个物体上，故A不符合题意；书的重力与桌面对书的支持力，作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反，是一对平衡力，故B符合题意；书对桌面的压力与桌面对书的支持力，没有作用在同一个物体上，故C不符合题意；书对桌面的压力与课桌的重力，力的方向相同，不是平衡力，故D错误，故选B。
点睛：本题考查的是平衡力的辨别，解题时必须要牢记二力平衡的四个条件，判断时缺一不可。
5．水与酒精是我们日常生活中最常见的两种物质．下表列出了它们在标准大气压下的部分物理特征数据，请你参照这些特征分析：让质量及初温都相等的水和酒精冷却，待它们放出相等的热量后再倒在一起混合．下列哪个判断是错误的（ ） 物质 水 酒精 密度[kg/m] 1.0×10 0.8×10 333比热容（J/（kg?℃） 4.2×10 2.4×10 33凝固点[℃] 0 ﹣117 沸点[℃] 100 78 A．在混合过程中，热将从酒精传递给水
B．均匀混合后，混合液的凝固点将比水的凝固点低些 C．均匀混合后，混合液的密度将比水的密度小些 D．均匀混合后，混合液的比热容将比水的比热容小些 解析：A 【解析】 【详解】
A．由于水的比热容大于酒精的比热容，当质量m相同，放出的热量也相同时，水的末温高，所以热从水传到酒精，故A错误；
B．水的凝固点是0℃，掺入酒精后混合液的凝固点要低于0℃，凝固点会降低，故B正确； C．水和酒精混合后，混合液的密度将比水的密度小些，比酒精的密度大一些，故C正确；
D．由于水的比热容大于酒精的比热容，所以水和酒精混合液的比热容将比水的比热容小些，比酒精的比热容大一些，故D正确； 故选A．
6．小张看到鸡蛋浮在盐水面上，如图所示，他沿杯璧缓慢加入清水使鸡蛋下沉．在此过程中，鸡蛋受到的浮力F随时间t的变化图像可能是下图中的（ ）
A． B． C．
D．
解析：D 【解析】 【详解】
开始加入清水时，鸡蛋会缓慢下沉，浸入水中的体积逐渐增大，但还是漂浮状态，所以浮力不变；全部进入水中后，继续加清水，鸡蛋排开水的体积不变，但液体密度减小，根据阿基米德原理可知，浮力减小，但不会减小为0，所以D图是正确的．
7．科研人员发现，将一种合金液添加到两金属块之间，合金液固化后能把金属块连接起来，从而实现常温焊接．这种合金液发生的物态变化与下列现象相同的是（ ） A．初春，薄雾缥缈 C．深秋，天降浓霜 解析：D 【解析】 【分析】
由题知，合金液由液态变为固态属于凝固现象． 【详解】
A．初春，薄雾缥缈是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故A不符合题意． B．盛夏，夜深露重，露的形成是液化现象，B不符合题意． C．秋天，天降浓霜，是凝华现象，故C不符合题意．
D．寒冬．滴水成冰，水由液态变为固态属于凝固现象，D符合题意为答案．
8．如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻器上标有“2A,20?”字样．以下四个图像中，能正确表示当开关S闭合后．通过小灯泡L的电流I与滑动变阻器连入电路的电阻R的关系的是( )
B．盛夏，夜深露重 D．寒冬，滴水成冰
A． B．
C． D．
解析：D 【解析】 【详解】
当滑片P处于最左端时，电路为灯泡L的简单电路，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最大； 当滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小； 滑片P处于最右端时，电路中的电阻最大，电流最小且不为0； 综合以上分析可知符合题意的图象为D图． 故选D．
9．下列实例中的“吸”，不是利用大气压工作的是 A．用吸盘吸住玻璃 C．用干纸巾吸水滴 解析：C 【解析】 【详解】
A．首先用力将挂衣钩的吸盘紧压在玻璃上，将塑料吸盘中的空气排出，松手后，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在玻璃上，利用了大气压．故A不合题意； B．用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管，故B不合题意；
C．用干纸巾吸水滴，利用干纸巾的吸水性，没有利用大气压，故C符合题意；
D．吸尘器工作过程中，吸嘴处空气流动速度快，气压较小，大气压强将灰尘压入吸尘器内，利用了大气压，故D不合意题；
10．如图所示电路，当开关S闭合后，L1、L2均能发光，电流表、电压表均有示数．过一会儿，两灯都不发光．电流表的示数为零，电压表的示数为电源电压，可能发生的故障是
B．用饮料管吸饮料 D．用吸尘器吸灰尘
A．Ll灯丝断了 解析：C 【解析】 【详解】
B．L1短路 C．L2灯丝断了 D．L2短路
A． 如果灯泡L1灯丝断了，整个电路断路，电流表、电压表示数都为零．不符合题意；
B． 如果灯泡L1短路不能发光，但L2仍然发光．电流表、电压表示数都增大．不符合题意；
C． 如果灯泡L2灯丝断了，电路断路，两只灯泡都不亮，电流表示数为零，电压表测量电源电压．符合题意；
D． 如果灯泡L2短路不能发光，但L1仍然发光．电流表示数增大，电压表相当于与导线并联示数减小为零．不符合题意． 故选C．
11．如图所示的实例中，目的是为了减小摩擦的是
A．给自行车轴加润滑油
B．轮胎上制有花纹
C．用起瓶器夹紧瓶盖
D．防滑垫表面做得凹凸不平
解析：A 【解析】
给自行车车轴承中加润滑油，是通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦，故A正确；轮胎上制有花纹，是在压力一定时，增大接触面粗糙程度来增大摩擦力，故B错；用起瓶器夹紧瓶盖，是通过增大压力来增大摩擦，故C错；防滑垫表面做的凹凸不平，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦力，故D错．
12．如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯泡L1、L2都能正常发光，甲、乙两只电表的示数之比为3：5，则L1、L2的额定功率之比是（ ）
A．2：3 解析：A 【解析】 【详解】
B．3：2 C．5：3 D．3：5
由电路图可知，开关S闭合后，如果乙为电流表，将会造成电源短路；如果甲为电流表，则L2被短路、
不能工作；所以，甲、乙均为电压表，此时灯L1、L2串联连接，电压表甲测L2两端电压，电压表乙测电源电压；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两灯泡两端的电压之比：
U1U乙?U甲5?32???，因串联电路中各处的电流相等，且灯泡L1、L2都能正常发光，所以，由U2U甲33PU1IU121???，故应选A． P=UI可得，两灯泡的额定功率之比：
P2U2IU23二、填空题
13．两物体放在水平桌面上，它们的质量之比为2：3，跟桌面的接触面积之比为3：2，则两物体对桌面的压力之比为_____，桌面受到的压强之比为_____． 解析：2：3 4：1 【解析】 【详解】
物体放在水平地面上时产生的压力F=G，故 F1：F2=G1：G2=m1g：m2g=2：3；依据压强公式P=F/S可以得出．p1：p2=F1/S1：F2/S2=2/3：3/2=4：1．
14．如图所示，电源电压不变，变阻器规格为“20Ω 2A”，a、b为其两端点．闭合开关，当变阻器滑片分别在b端和ab中点时，电流表的示数之比为2:3，电压表的示数之差为4V，则电源电压为_______V，R的阻值为_______Ω，滑片在b点时，变阻器消耗的电功率为_______W．
解析：24 10 12.8 【解析】 【分析】
（1）根据串联电路的特点和欧姆定律表示出滑片位于b端、ab中点时电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R的阻值；
（2）根据欧姆定律表示出两种情况下电压表的示数，进一步表示出电压表的示数之差即可求出滑片在ab中点时电流表的示数，利用电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压； （3）先求出滑片在b点时电路中的电流，利用P=IR求出R消耗的电功率． 【详解】
2
I122?即I1?I2 （1）设总电压为U，滑片在b点时电流为I1，滑片在变阻器中点时电流为I2，则有
I233因电源电压一定时，电流与总电阻成反比，
1R+R112滑=2，整理可得：R?R滑??20??10? 所以，I1?22I2R+R滑3（2）由I=U21可得，电压表的示数之差：?UR?I2R?I1R?I2R?I2R?I2?10??4V R33解得：I2=1.2A，即滑片在ab中点时，电流表示数为1.2A；
R滑??20????1.2A?10??电源的电压：U?I2?R?????24V 22????（3）滑片在b点时，电路中的电流：I1?此时变阻器消耗的电功率： P滑=I12R滑=（0.8A）2×20Ω=12.8W． 【点睛】
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是利用好电源的电压不变和电压表的示数之差．
15．水面上漂浮着甲、乙两个实心球,且甲球的质量大丁乙球的质量,甲球和乙球露出水面的体积相等,则甲球受到的浮力_____乙球受到的浮力,甲球的密度______乙球的密度。(均选填“大于”、“小于”或“等于”)
解析：大于 大于 【解析】 【详解】
由于甲的质量大于乙的质量，所以由G=mg知道，G甲＞G乙，又因为甲、乙两个实心球漂浮，所以F浮甲 =G
甲
22I2??1.2A?0.8A 33，F浮乙=G乙，故F浮甲＞F浮乙；由阿基米德原理F浮=ρ液gV排知道，V排甲 ＞V排乙；又因为物体漂浮时，F浮
=G=mg，即ρ水gV排=ρ（V排+V露）g，所以，
??V排1?水=?水V，由于甲、乙露出部分的体积V排?V露1?V排相等，且V排甲 ＞V排乙，所以，ρ甲＞ρ乙。
16．如图，AB为能绕B点转动的轻质杠杆，中点C处用细线悬挂一重物，在A端施加一个竖直向上大小为10 N的拉力F，使杠杆在水平位置保持平衡，则物重G＝________N．若保持拉力方向不变，将A端缓慢向上提升一小段距离，在提升的过程中，拉力F将________(填“增大”“不变”或“减小”)．
解析：20 不变 【解析】
（1）如图，杠杆在水平位置，LBA =2LBC ，杠杆平衡，FLBA =GLBC ，所以G=F×LBA/LBC=10N×2LBC/LBC=2×10N=20N； （2）杠杆被拉起后，如图所示，
BA′为动力臂，BC′为阻力臂，阻力不变为G，△BC′D∽△BA′D′，BC′：BA′=BD：BD′=1：2，杠杆平衡，所以F′LBA ′=GLBC ′，F′=G×LBC′/LBA′=G/2=20N/2=10N；由此可知当杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F的大小不变． 17．根据图中所示，回答下列问题：
（1）甲图：将两支相同的密度计放入两种液体中（放入后两液体深度相同），则两液体对容器底部的压强相比较，pa_____pb（选填“大于”“小于”“等于”）。 （2）乙图：探究的是电磁铁磁性的强弱与_____有关； （3）丙和丁两图探究的是同一深度液体的压强与_____有关。 解析：＞ 线圈匝数 液体密度 【解析】 【详解】
（1）由图甲知道，密度计放入两种液体中都是漂浮状态，漂浮时浮力等于其重力，即两支相同的密度计所受浮力相等，又因为密度计排开液体的体积是V排a＜V排b，由F浮＝ρ液V排g知道，液体的密度ρa＞ρb，又因为p＝ρgh，两液体深度相同，所以两液体对容器底部的压强是：pa＞pb。
（2）由于乙图中两电磁铁串联，控制电流相同，改变电磁铁匝数的多少，根据吸引大头针数目的多少探究磁性的强弱，所以此实验装置探究的是电磁铁磁性强弱和线圈匝数的关系；
（3）观察丙、丁两图，液体密度不同，探头在液体中的深度相同，U型管中液面的高度差不同，由此可知液体压强与液体的密度有关；
18．某品牌电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），从说明书上收集到如下数据及如图甲所示的电路原理图。若把这台电热饮水机单独接入如图乙所示的电能表所在的电路工作，当温控开关S0断开时，饮水机处于________状态（选填“加热”或“保温”），R2的阻值为_______Ω；若同时闭合S和S0后工作6min，这段时间内电能表的转盘转过_______转。 热水箱容量 额定电压 加热时的功率 保温时的功率 2L 220V 400W 40W
解析：保温 1210 120 【解析】 【详解】
温控开关S0断开时，只有电阻R2接入电路，根据P=
可知：热水器功率小于开关S0闭合时两电阻并联
时的功率，因此开关S0断开时饮水机处于保温状态；只用电阻R2接入电路时，饮水机处于保温状态，由
P=得：电阻R2===1210Ω；闭合S和S0后工作6min消耗的电能：
W=Pt=400W×6×60s=1.44×105J=0.04kW?h，由图可知电能表规格为3000r/ kW?h，则电能表转过的圈数是0.04 kW?h×3000r/ kW?h=120r。 三、作图题
19．请用笔画线代替导线，将如图所示中的开关、螺口节能灯正确地接入家庭电路。
解析：
【解析】 【分析】
开关控制灯泡时和灯泡是串联的．火线过开关入灯座，零线直接入灯座。 【详解】
解：火线首先进入开关，然后接到到灯泡顶端的金属点；零线直接接到灯泡的螺旋套，这样在更换灯泡时更安全，接法如图。
20．如图所示，已知轻质杠杆AB在水平位置静止，作出物体C所受重力的示意图以及拉力F的力臂L． （____）
解析：
【解析】 【详解】
对于形状规则、质地均匀的物体，它的重心在它的几何中心上，从重心开始沿重力方向﹣﹣竖直向下，画一条带箭头的线段并标出重力G；过支点O作F的垂线段，即为拉力F的力臂L；如图所示：
点睛：（1）先确定物体的重心，然后从重心开始沿重力方向画一条带箭头的线段表示重力G；（2）根据力臂的概念画出F的力臂L．
21．在如图所示电路中，开关S闭合后，灯泡L1和L2正常发光．请在图中的圆圈内填上合适的电表符号．
解析：
【解析】
试题分析：要确定圆圈中的电表符号，首先要弄清电压表和电流表的正确使用方法： 电流表要串联在电路中使用，而电压表要与被测用电器并联；
首先判断图中各圆圈的位置，以及和用电器的连接方式，再结合仪表的使用方法进行分析． 解：圆圈1在干路中，与电源串联，因此为电流表； 圆圈2与灯L1并联，因此是电压表；
而圆圈3与L2串联在同一支路中，因此为电流表，答图如下：
【点评】本题考查了电流表和电压表的使用方法．解题的关键是明白电压表是并联使用，电流表是串联使用． 四、计算题
22．有一台热水器，内部简化电路如图所示，R1和R2均为电热丝．R1=88Ω，R2=22Ω．
(1)如何控制S1和S2，使热水器处于高温档： (2)求中温档正常工作时热水器的功率； (3)低温档正常工作10min内电热丝产生的热量．
解析：（1）S1闭合，S2接a点时，热水器处于高温档 (2)550W (3)2.64×105J 【解析】 【详解】
（1）S1闭合，S2接a点时，热水器处于高温档
（2）中温档：只闭合S1，电路中只有R1工作．中温档正常工作时热水器的功率为：
U2?220V?P??550W 中=UI=R88?2（3）低温档：S1断开，S2接b点，R1、R2串联，R串=R1+R2=88Ω+22Ω=110Ω，
U2?220V?P低=??440W， R串110?2W?600S?2.64?10J 电热丝产生的热量为：Q?W?P低t=44023．如图所示，将一个质量为0.5kg的物体，从底端沿斜面匀速拉到顶端所用时间为5s，斜面长s为1m，高h为0.4m，斜面的效率为80%．（g取10N/kg）求：
5
（1）拉力所做的有用功； （2）拉力做功的功率；
（3）物体在斜面上运动时受到的摩擦力。 解析：（1）2J；（2）0.5W；（3）0.5N。 【解析】 【详解】
（1）拉力所做的有用功：W有＝Gh＝mgh＝0.5kg×10N/kg×0.4m＝2J；
（2）由η＝0.5W；
可得，拉力所做的总功：W总＝＝＝2.5J，拉力做功的功率：P＝＝＝
（3）额外功为：W额＝W总﹣W有＝2.5J﹣2J＝0.5J，由W额＝fs可得，物体在斜面上运动时受到的摩擦力：f＝
＝
＝0.5N。
24．新型四轮沙滩卡丁车，其满载时的质量为600kg，车轮与沙滩接触总面积为1000cm1．该四轮卡丁车满载时在水平沙滩上做匀速直线运动，10min行驶了6km，卡丁车的牵引力为1.3×103N． （1）当卡丁车满载并静止在水平沙滩上时，它对沙滩的压强为多大___？ （1）该卡丁车行驶的功率为多少___？
（3）若该卡丁车以汽油为燃料，在这次行驶中需要燃烧1.1kg的汽油．求汽油完全燃烧产生的热量转化为卡丁车机械能的效率是多少___？（q汽油=4.6×10J/kg） 解析：3×104Pa 1.3×104W 15% 【解析】 【详解】
由题意知卡丁车满载时的质量，利用G=mg求其重力， G=mg=600kg×10N/kg=6000N，
卡丁车满载时对地面的压力等于其重力，即： F=G=6000N，
7
又知车轮与沙滩接触总面积为： S=1 000 cm， 根据压强公式p=p=
1
F得卡丁车满载时对地面的压强： SF6000N4
==3×10Pa； 2S0.2m3
7
根据公式W=Fs得出牵引力做的功： W=Fs=1.3×10N×6000m=1.38×10J， 利用功率公式P=
W计算得功率： tW1.38?107JP===1.3×104W；
t10?60s牵引力做的功就是完全燃烧产生热量转化的机械能， W=Fs=1.3×10N×6000m=1.38×10J；
用燃料燃烧放热公式Q放=mq得汽油完全燃烧产生的热量： Q放=mq=1.1kg×4.6×107J/kg=5.51×107J，
汽油完全燃烧产生的热量转化为卡丁车机械能的效率：
3
7
W1.38?107Jη=×100%=×100%=15%。 7QF5.52?10J五、实验题
25． (1)小青同学用已经调节好平衡的天平测量物体的质量,操作情况如图甲所示,它的错误有: _____。(写出一条即可)
（2）有一个形状不规则的小木块，将其放在水中时，漂浮在水面上，用以下两种方案测量该木块的密度。 （方案一）
a.用天平测小木块的质量：把天平放在水平台上，调节平衡螺母，调节横梁平衡，测得小木块的质量为m；
b.在量筒中倒入适量的水，体积为V0；
c.用细针将小木块浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V1，则木块的密度表达式ρ=_____。 （方案二）
a.在量筒中倒入适量的水，体积为V2，如图乙所示；
3b.用一个体积为10cm3的铁块和小木块拴在一起浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V3?90cm；
3c.从量筒中取出铁块，小木块漂浮水面，读出量筒中水面对应的刻度为V4?68cm，则木块的密度
??________g/cm3
对比以上两种方案，误差比较小的是方案________。
请画出（方案二）的实验记录数据表格，并填上已测量出的相关数据。 （__________）
解析：物体和砝码的位置放反了（在测量过程中不应该调平衡螺母）
m 0.6 方法一
V1?V0木块的质量m/g 量筒中水的体积V2/cm3 铁块、木块和水3的体积V3/cm 木块浸在水中的3体积V4/cm 木块的体积木块的密度体积V/cm 3?/?g/cm3? 50 【解析】 【详解】
90 68 （1）由图甲可知，该同学的错误有：物体和砝码的位置放反了；在测量过程中不应该调平衡螺母； （2）方案一：
c.木块的体积V=V1-V0，木块的密度??方案二：
量筒的最小分度值为2mL，水的体积V2＝50mL＝50cm3； 木块的体积：V′＝V3﹣V2﹣V铁＝90cm﹣50cm﹣10cm＝30cm；
木块排开水的体积V排＝V4﹣V2，木块受到的浮力F浮＝ρ水gV排＝ρ水g（V4﹣V2）； 因为木块漂浮，所以木块重力G木＝F浮＝ρ水g（V4﹣V2）； 木块的质量：m木?3
3
3
3
mm?； VV1?V0G木?水g?V4?V2????水?V4?V2?； gg333m木?水?V4?V2?1g/cm?68cm?50cm3小木块的密度：?木?； ???0.6g/cm3?V木V30cm??由于铁块取出时带有水，使得量筒中的木块和水的体积偏小，即木块排开水的体积偏小，木块质量偏小，根据??m知，密度偏小，故方法一误差较小。 V实验记录数据表格及测量的相关数据如下： 量筒中水的体积V2/cm3 铁块、木块和水3的体积V3/cm 木块浸在水中的3体积V4/cm 木块的体积木块的密度体积木块的质量m/g V/cm 3?/?g/cm3? 50
90 68 26． (1)为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图甲所示的实验．
①在两个相同的烧杯中应加入初温相同、_____相同的水和煤油(ρ水>ρ煤油)，根据图甲可判断出a物质是_____．
②水和煤油温度随时间变化如图乙所示，根据如图乙可判断出b吸热能力较_____(选填“强”或“弱”)．
(2)如图丙所示，为比较酒精和碎纸片的热值，用两只同规格的烧杯装相等质量的水，取质量_____(选填“相等”或“不相等”)的酒精和碎纸片，分别放入两个燃烧皿中点燃，分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧完，通过比较_____(选填“加热时间”或“升高的温度”)来确定酒精和碎纸片热值的大小．
解析：质量 水 弱 相等 升高的温度 【解析】 【详解】
（1）①实验课题是探究不同物质的吸热能力，所以要保持水和煤油的初温相同、质量相同；由图甲中可知：Va＜Vb，∵ρ水＞ρ煤油，∴根据ρ=
m可知：质量相同时，V水＜V煤油，∴可判断出a物质是水； V②根据图乙可知：在质量相同、升高的温度相同时，a物质的加热时间长，说明a物质吸收的热量比乙物质吸收的热量多；所以物质a的吸热能力强，物质b的吸热能力较弱；
（2）实验时为了控制变量，应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑，将其放入装置中的燃烧皿内；因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化，所以可以通过水升高的温度来比较燃料热值的大小关系． 六、综合题
27．双轮电动平衡车越来越受到人们的喜爱。如图所示，质量为50kg的小红驾驶平衡车在平直的路面上匀速行驶，5min通过的路程为900m。已知平衡车的质量为10kg，轮胎与地面的总接触面积为25cm2，g取10N/kg。此过程中：
（1）以小红为参照物，路边的树是_____的。 （2）平衡车的速度_____。 （3）平衡车对地面的压强______。 解析：运动 3m/s 2.4×10Pa 【解析】 【详解】
（1）在平衡车行驶过程中，小红与路边的树之间发生了位置改变，所以，以小红为参照物，树是运动的；
（2）平衡车的速度： v＝＝
＝3m/s；
5
（3）小红和电动平衡车的总重力： G总＝（m人+m车）g＝（50kg+10kg）×10N/kg＝600N， 车对水平地面的压力：F＝G总＝600N， 车对水平地面的压强： p＝＝
＝2.4×10Pa。
5
中考物理模拟试卷有解析
注意事项：
1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单选题
1．如图所示，小女孩用力向右推墙时，自己却向左运动.下列说法中正确的是（ ）
A．力使小女孩的惯性发生了改变 B．小女孩与墙的作用是相互的
C．只有小女孩受到向右的力，墙壁没有受到力的作用 D．只有墙受到向右的推力，小女孩没有受到力的作用 解析：B 【解析】 【分析】
根据题中“小女孩用力向右推墙时，自己却向左运动”可知，本题考查力的作用是相互的。小女孩用力向右推墙，因为物体间力的作用是相互的，同时小女孩受到墙对她向左的力，根据相互作用力的关系进行判断。 【详解】
A．小女孩的惯性跟小女孩的质量有关，跟受到的力没有关系，推力不会改变小女孩的惯性，故A错误。 B．小女孩给墙力的同时受到墙对她的作用，小女孩和墙之间力的作用是相互的，故B正确。 C．小女孩用力向右推墙，墙是受力物体，墙受到力的作用，故C错误。
D．物体间力的作用是相互的，小女孩用力向右推墙，同时墙对小女孩有一个向左的力的作用，故D错误。
2．为了节约能源，需要提高热机的效率，下列措施不能提高热机效率的是（ ） A．让燃料与空气混合充分，使燃料燃烧得比较完全
B．在设计与制造热机时要不断改进与创新，以减少能量的损失 C．尽量减少热机内部各部件间的摩擦 D．尽量增加热机的工作时间 解析：D 【解析】 【详解】
ABC.热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比．所以减少热量的损失可以提高热机的效率．所以使燃料充分燃烧、减少废气带走的热量、减少热机部件间的摩擦都可以减少热量的损失，提高效率．故ABC正确，不符合题意；
增加热机的工作时间，并不能减少热量的损失，所以不能提高热机的效率，故D错误，符合题意． 3．2013年6月20日，女航天员王亚平在中国首个目标飞行器“天宫一号”上为青少年授课．下列说法正确的是（ ）
A．王亚平讲课发出的声音是由她的声带振动产生的 B．王亚平讲课的声音很大是因为她的声音频率很高 C．王亚平讲课的声音是通过声波传回地球的 D．在太空讲话声带不振动也能发出声音 解析：A 【解析】 【详解】
声音是由物体振动产生的，王亚平讲课发出的声音是由她的声带振动产生的，故A正确；王亚平讲课的声音很大是因为她的声音响度很大，故B错；
声波不能在真空中传播，她的声音是通过电磁波传过来的，故C错； 声带不振动是不能发声的，故D错； 应选A．
4．如图是正常家庭电路的一部分．下列说法正确的是( )
A．导线B与大地之间的电压为220 V
B．测电笔先后插入插座的左右插孔，氖管都发光
C．电冰箱的插头插入三孔插座能使电冰箱的金属外壳接地 D．断开开关S后，站在地上的人接触a点或b点一定不会触电 解析：C 【解析】
由图知，开关接在导线A上，所以A是火线，B是零线，
A、火线和零线间的电压为220V，零线和大地之间的电压为0，导线B与大地之间的电压为0，故A错
误；
B、插座的左孔接零线，右孔接火线，所以测电笔插入插座的左孔氖管不发光，插入插座的右插孔氖管发光，故B错误；
C、三孔插座已接地，当电冰箱的插头插入三孔插座能使电冰箱的金属外壳接地，这样能防止金属外壳的用电器漏电时发生触电事故，故C正确；
D、由图可知，开关S断开时，虽然灯泡不发光，但a点在火线上，所以人接触a点会触电，b在零线上，所以接触b点不会发生触电事故，故D错误。 故选：C。
点睛：重点是家庭电路的连接，注意连接中的细节问题：开关控制火线，三孔插座的“左零、右火、上地”，灯泡的螺旋套连接零线等，都是考查的重点。
5．如图所示，在烧杯和试管中都装着水，给烧杯加热使杯中水沸腾，继续加热，则（ ）
A．试管中的水将沸腾
B．试管中的水温能达到沸点，但不能沸腾 C．试管中的水达不到沸点，不能沸腾 D．以上三种情况都可能发生 解析：B 【解析】 【详解】
在烧杯底部加热使烧杯内的水沸腾，继续加热，根据沸腾的特点可知烧杯内的水温度将不再变化，所以试管内的水温度能达到100℃但不能继续吸热，所以试管内的水不能沸腾； 故选B．
6．初温相同，质量相同的铝块和铜块放出相同的热量（c铝＞c铜），相互接触后，则 A．内能由铜转移给铝 C．不发生热传递 解析：B 【解析】 【详解】
因为C铝>C铜，由Q?mC?t可知初温相同，质量相同的铝块和铜块放出相同的热量后，铝的温度比铜高，所以内能将由铝转移给铜；； 故选B．
7．关于匀速直线运动速度公式v＝
B．内能由铝转移给铜 D．无法判断
s．下列说法正确的是 tA．物体运动的速度v越大，通过的路程s越大 B．物体运动的速度v越大，通过的时间t越大
C．物体运动的速度v和路程s成正比，与时间t成反比 D．物体运动的速度v由解析：D 【解析】 【详解】
A、仅知道速度大小,不知道时间大小,无法比较路程大小,故A错; B、仅知道速度大小,不知道路程大小,无法比较时间大小,故B错; CD、物体做匀速直线运动时,速度大小保持不变,速度的大小由v?误、D正确.
故D选项正确为答案.
8．图（a）所示的杠杆是水平平衡的．如果在支点两侧的物体下方分别加挂一个等重的物体，如图（b）所示，则杠杆（ ）
s决定但与s，t的大小无关 ts决定,但与s、t的大小无关,故C错t
A．右端下沉 B．左端下沉
C．要保持平衡应将左端的物体向右移动 D．要保持平衡应在右端再加挂一个物体 解析：A 【解析】
分析：（a）图杠杆是平衡的，原因是两边的力和力臂的乘积相等，（b）图分别加挂一个等重的物体后，分析两边的力和力臂的乘积是否还相等，据此判断丁图的杠杆是否还平衡．
解答：AB、设一个钩码重为G，杠杆一格长为L，（a）图杠杆平衡是因为：2G?2L?G?4L； （b）图分别加挂一个等重的物体后（为便于研究，设物体的重也为G），左边力与力臂的乘积：3G×2L，右边力与力臂的乘积：2G×4L，因为3G?2L＜2G?4L，即右边力与力臂的乘积较大，所以杠杆不能平衡，右端下沉；故A正确，B错误；
CD、若想让杠杆能够平衡，可以将左端的物体向左移动，从而增大左边的力臂，使左边的力与力臂的乘积等于右边的力与力臂的乘积，故C错误；
若想让杠杆能够平衡，可以在左端再加挂一个物体，左边的力变大，使左边的力与力臂的乘积等于右边的力与力臂的乘积，故D错误． 故选A．
【点睛】本题考查了杠杆平衡的条件的应用，注意杠杆平衡的条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂的应用．
9．根据如图所示的几个情景，下列说法正确的是（ ）
A．女孩搬起一个箱子，女孩对箱子做了功
B．司机费了很大的力也未能推动汽车，但司机对汽车做了功
C．吊车吊着货物水平移动一段距离，吊车对货物做了功
D．足球被踢出后在草地上滚动的过程中，运动员对足球做了功
解析：A 【解析】 【详解】
A．女孩搬起一个箱子，女孩给箱子一个向上的力，箱子在力的方向上移动了距离，女孩对箱子做了功，故A正确。
B．司机费了很大的力也未能推动汽车，人对汽车有推力作用，但是汽车没有在力的方向上移动距离，所以人对汽车没有做功，故B错误。
C．吊车对货物施加一个竖直向上的力，吊车吊着货物水平移动一段距离，没有在力的方向上移动距离，所以吊车没对货物做功，故C错误。
D．足球被踢出后在草地上滚动的过程中，运动员对足球没有力的作用，对足球不做功，故D错误。 【点睛】
有力作用在物体上，力对物体不一定做功；物体运动了一段距离，可能没有力对物体做功；做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
10．如图AOB是光滑轨道，A点的高度H大于B点的高度，让小球从A点由静止开始自由滑下，沿轨道AOB到达B点后离开（不计空气阻力）．则小球离开B点后的运动轨迹最符合实际的是
A．a 解析：C 【解析】
B．b C．c D．d
试题分析：由题意可知，不计空气阻力，轨道又是光滑的，没有摩擦力，小球只在重力作用下运动，机械能守恒；小球离开B点后做斜抛运动，当达到最高点时速度沿水平方向，由机械能守恒定律得斜抛运动的最高点就会低于A点而高于B点，故应选C． 【考点定位】机械能守恒
11．如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，两灯均发光．一段时间后，一盏灯突然熄灭，而电流表和电压表的示数都不变，出现这一现象的原因可能是（ ）
A．灯L1断路 解析：A 【解析】 【详解】
B．灯L2断路 C．灯L1短路 D．灯L2短路
两盏灯为并联电路．灯L2的电流不变，说明灯L2既没有短路使电流增大也没有断路使电流变为0，答案BD错．灯L1短路的话，会造成灯L2也被短路，电流将不经过灯L2从而使灯L2也熄灭，电流变为0，不符合要求，C错．所以是A灯L1断路，电压表测电源电压所以示数不变，电流表测另外一个支路电流，没有影响．
12．如图所示实验，试管口木塞冲出过程
A．试管口出现的白雾是水蒸气 B．试管口出现白雾说明水蒸气内能增加 C．能量转化情况与内燃机压缩冲程相同 D．水蒸气对木塞做功，水蒸气的内能减少 解析：D 【解析】 【详解】
A．试管口的“白雾”是水沸腾产生的水蒸气液化成的小水滴，故A错误；
B．水蒸气对木塞做功，内能减少，温度降低，水蒸气液化成小水滴，出现白雾，故B错误； C．在此过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，与热机的做功冲程能量转化相同，故C错误；
D．在软木塞被冲出试管口的过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，所以水蒸气的内能减少，故D正确． 二、填空题
13．如图所示是两束激光分别射向并通过甲、乙两透镜的传播路径．由图可知：_______ (选填“甲透镜”或“乙透镜”)是凹透镜， 可用于_________(选填“近视”或“远视”）眼的矫正．
解析：乙 近视 【解析】 【分析】
凸透镜有会聚光线的作用，凹透镜有发散光线的作用，据此解答即可 【详解】
[1]由图知道，光线通过甲透镜后向主光轴靠拢了，所以甲对光线有会聚作用，即甲是凸透镜，光线通过乙透镜后远离了主光轴，所以乙对光线有发散作用，即乙是凹透镜；
[2]近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用过强引起的，所以要用凹透镜进行矫正． 【点睛】
本题考查的是凸透镜与凹透镜对光线的作用，解题的关键是将折射光线与入射光线的传播方向进行比较，若比原来靠近法线则为会聚作用；若比原来远离法线，则为发散作用．
14．在斜面上将一个重5N的物体匀速拉到顶端，沿斜面向上的拉力为2N，斜面长4m，高1m。则拉力做的有用功为___________J，物体受到的摩擦力为_______N，斜面的机械效率为__________。
解析：5 0.75 62.5% 【解析】 【详解】
拉力做的有用功：W有=Gh=5N×1m=5J， 拉力F对物体做的总功：W总=Fs=2N×4m=8J， 额外功：W额= W总- W有=8J-5J=3J， 摩擦力：f=
W额s?3J=0.75N， 4mW有5J==62.5%。 斜面的机械效率：η=
W总8J15．小明在研究物体的运动时，用实验设备记录了物体的位置．图中A、B、C ……是物体每隔0.5 s经过的位置．由图可知，物体经过位置__________点后，开始做匀速直线运动，其速度大小为__________cm/s．物体从A点运动到D点的平均速度是__________cm/s．
解析：D 2.40 1.00 【解析】 【详解】
由照片可以看出，从位置A至D小球在相等时间内的路程不相等，越来越大，所以小球在AD段做变速直线运动；从D点至J点间任意两相邻点间距均为1.2cm，说明相同时间内通过的路程相等，所以物体经过位置D点后；由图可以看出：小球在D点的位置坐标为2.00cm，在E点的位置坐标是3.20cm，则小球由D到E的路程为s=1.20cm，D到E所用的时间t=0.5s；从D点运动到E点的速度位
v?s1.20cm?=2.40cm/s；小球在A点的位置坐标为0.50cm，在D点的位置坐标是2. 00cm，则小球t0.5ss1.50cm?=1.00cm/s t1.5s由A到D的路程为s=1.50cm，A到D所用的时间t=1.5s；从A点运动到D点的平均速度位
v?16．小李家的电饭煲铭牌模糊不清，为了测其额定功率，他关掉家里其它用电器，让电饭煲正常工作1min，观察发现家里标有3000r/kW?h的电能表转盘转了50转，小李很容易计算出了电饭煲的额定功率；如果在用电高峰时，电饭煲两端的实际电压是额定电压的90%，则电饭煲工作1小时消耗的电能是_____kW?h．（设电阻丝电阻恒定） 解析：0.81 【解析】 【详解】
由“3000r/kW?h”知道， 消耗1kW?h的电能，电能表转3000转，电能表转了50转，消耗的电能：W＝
kW?h＝
kW?h，
用电器的实际功率是：P＝＝1kW＝1000W，
由于电饭煲正常工作，所以电饭煲的额定功率是：P额＝1000W；
由P＝知道，所以电饭煲的电阻是：R＝＝48.4Ω，
电饭煲的实际电压是：U实＝U额×90%＝220V×90%＝198V， 电饭煲工作1小时消耗的电能是：W＝
×3600s＝2.916×10J＝0.81kW。
6
17．家里某用电器发生短路，熔丝立即熔断,用下列方法进行检测，如图所示，断开所有用电器的开关，用一个普通的白炽灯L作为“校验灯”，与熔断的熔丝并联，然后只闭合S、S1， 若L正常发光，说明L1_________；只闭合S、S2，若L发出暗红色的光（发光不正常），说明L2__________．（选填“正常”、“短路”或“断路”）．
解析：短路 正常 【解析】
如图，用一个普通的白炽灯L作为“校验灯”，与熔断的熔丝并联，则后面的支路开关闭合时，此灯与该支路灯泡串联．
只闭合S、S1 ， 若L正常发光，说明两端电压为220V左右，则L1处出现了短路；
只闭合S、S2，如果该运动正常，两灯为串联，灯两端的电压都降低，灯L发出暗红色的光，故说明L2正常．
18．小明同学骑自行车上学的路上遇事紧急刹车后，自行车由于________还会继续前进一段距离才能停下，在刹车的过程中，是通过增大________的方法来增大摩擦力． 解析：惯性 压力 【解析】 【详解】
[1]在紧急刹车时，由于惯性自行还要保持原来的运动状态所以不会立刻停止，还会向前运动一段离； [2]在刹车时，用力捏闸是通过增大压力来增在摩擦力的． 三、作图题
19．如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重力是2N的小球，小球处于静止状态，请用力的图示画出弹性杆对小球的弹力． （______）
解析：
【解析】 【分析】
掌握二力平衡条件，对小球进行受力分析，小球手重力和杆对它的弹力作用，又由于小球处于静止状态，所以重力和弹力是一对平衡力，大小相等、方向相反，作用在同一直线上．
【详解】
小球手重力和弹力作用，由于小球处于静止状态，所以重力和弹力是一对平衡力，重力大小为2N，方向竖直向下，所以弹力大小也为2N，方向竖直向上，如图所示：
20．如图所示，点S表示天空中的小鸟，点S′表示游泳者在水下看到的小鸟，请画出游泳者能看到小鸟的一条入射光线和对应的折射光线．（保留作图痕迹） （_____）
解析：
【解析】
直接连接眼睛B与S?，与界面的交点A为入射点，连接SA与AB，即是游泳者能看到小鸟的一条入射光线和对应的折射光线，如图：
点睛：本题考查的是光在同种均匀介质中沿直线传播与光的折射定律，难点是确定光的入射点与光线的方向．
21．如图所示，要求：L1、L2并联，开关控制整个电路，电流表测总电流，电压表测L1的电压，滑动变阻器只改变通过L2的电流．请在方框中画出电路图并连接实物图．
解析：
【解析】 【详解】
（1）L1和L2并联，开关控制整个电路，说明开关位于干路中；电流表测总电流，因此电流表串联在干路中；电压表测L1的电压，因此电压表并联在L1两端；滑动变阻器改变通过L2的电流，因此滑动变阻器与L2串联．（2）连接实物图时可以按先串后并的原则进行连接：从电源的一极开始出发，以次将开关和其中的一条支路连接完成后，再将另一条支路并联在相应的位置即可． 四、计算题
22．某一木块的体积为200cm，密度为0.8×10kg/m，将其放入水中（g =10 N/kg）． （1）木块最终漂浮在水面上静止，求浸在水中的体积； （2）在木块上放一重物，刚好使木块浸没，求此重物的重力． 解析：（1）1.6×10-4m3 (2)0.4N 【解析】 【详解】
（1）木块的质量m木=ρ木V木=0.8×103kg/m3×200×10-6m3=0.16kg，木块重力G木=m木
g=0.16kg×10N/kg=1.6N．木块最终漂浮，其受到的浮力等于其重力，即F浮= G木=1.6N，则木块浸在水
3
3
3
F浮1.6N-43
中的体积V排===1.6×10m； 33?水g1?10kg/m?10N/kg（2）木块刚浸没时受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρ水gV木=1×10kg/m×10N/kg×200×10m=2N．此时该浮力大小等于木块和重物的总重力，则此重物的重力G=F浮’-G木=2N-1.6N=0.4N．
23．如图所示的C919大型客机，是中国首款按照最新国际适航标准，具有自主知识产权的干线民用飞机，于2008年开始研制。2019年将有三架C919飞机完成首次飞行试验。某次试飞时，飞机发动机的水平推力为1.6×105N，飞机以600km/h的速度沿水平方向匀速航行1h，消耗航空煤油4000kg。求1h内：（航空煤油的热值为4×107J/kg）
’
’
3
3
-63
（1）发动机所做的功。
（2）航空煤油完全燃烧放出的热量。 （3）发动机的热机效率。
解析：（1）9.6×1010J（2）1.6×1011J（3）60% 【解析】 【详解】 解：（1）由v?s得飞机航行的路程： ts＝vt＝600km/h×1h＝600km＝6×105m； 发动机所做的功：
W＝Fs＝1.6×105N×6×105m＝9.6×1010J； （2）航空煤油完全燃烧放出的热量： Q放＝qm＝4×107J/kg×4000kg＝1.6×1011J； （3）发动机的热机效率：
W9.6?1010J?=?100%=?100%?60%。
Q放1.6?1011J答：（1）发动机所做的功为9.6×1010J。
（2）航空煤油完全燃烧放出的热量为1.6×10J。 （3）发动机的热机效率为60%。
24．如图甲所示是小型建筑工地上使用的“罐笼式”提升机，用它能将放在罐笼A中的建筑材料提升到高处．已知罐笼的底面积是1.6m2，被提升的建筑材料重为2800N，拉力F将它以0.5m/s的速度匀速提升了20s．拉力做的功W随时间t的变化图像如图乙所示．不计动滑轮和钢丝绳的重及摩擦．求：
11
（1）拉力F的大小；
（2）提升机在提升建筑材料时的机械效率；
（3）当装有建筑材料的罐笼静止在水平地面上时，对地面的压强． 解析：（1）2000N；（2）70%；（3）2500Pa 【解析】 【详解】
(1)由图可知，动滑轮上有两段绳子，即n=2，物体上升的距离：h=vt=0.5m/s×20s=10m绳端移动的距离：s绳=2h=2×10m=20m，由图乙可知，20s时拉力F做的功是40000J，由W=Fs可得拉力：
F?W40000J??2000N； s20m(2)提升机在提升建筑材料时的机械效率：??W有用GhGhG2800N=????70% ； W总FsF2hF22?2000N(3)不计动滑轮及钢丝绳的重、摩擦，对动滑轮进行受力分析可得：2F=G+G罐笼，则罐笼的重：G罐笼=2F-G=2×2000N-2800N=1200N，装有建筑材料的罐笼静止在水平地面上时，对地面的压力：F压=G+G罐笼=2800N+1200N=4000N；，罐笼与地面的接触面积S=1.6m2，对地面的压强：
p?F压4000N?=2500Pa . 2S1.6m五、实验题
25．在“探究凸透镜成像的规律”实验中，光具座上各元件位置如图所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像，则利用这一原理可以制成______；若将蜡烛远离凸透镜，则应将光屏______(选填“靠近”或“远离”)凸透镜才能得到淸晰的像：若在图中的凸透镜和蜡烛之间放一眼镜，光屏需向左移动像才能清晰，此眼镜是_______(选填“近视镜”或“远视镜”)
解析：幻灯机 靠近 远视镜 【解析】 【详解】
由图像可知此时物距小于像距，成倒立放大的实像，幻灯机就是利用这一原理制成的；根据物近像远像变大的原则，蜡烛远离凸透镜光屏应靠近凸透镜才能得到淸晰的像；光屏需向左移动像才能清晰，说明该眼镜对光线具有会聚作用，让像提前会聚，因此为远视镜．
26．如图甲是小明、小红两名同学分别探究“水的沸腾”的实验装置，他们所用的器材规格完全相同，同时将水加热16min：
（1）除了图甲中所示的器材，还需要一个重要的测量仪器是___________ 。
（2）甲图中，中心有孔的纸板的主要作用是；_______________________（写出一条即可）。 （3）某一时刻，温度计的示数如图乙所示，此时的温度是_________oC。 （4）图丙是他们实验中观察水沸腾______（前/时）出现的情景。 （5）图丁是两名同学根据实验数据绘制的水温随时间变化的图像。
①由图像可知水的沸点是_______ oC，此时的气压______（选填“高于”、“等于”或“低于”）一标准大气压。
②请根据图像分析，小红从给水加热到水沸腾，所用时间较长的原因是 _____________。 解析： 秒表 减少热量散失 94 前 99 低于 水的初温较低
【解析】（1）在实验中，还需要用秒表记录时间，所以除了需要温度计外，还需秒表； （2）甲图中，烧杯上覆盖的中心有孔的硬纸板的主要作用是减少热量损失； （3）由图乙知，温度计的分度值为1℃，示数为94℃；
（4）丙图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以丙图是沸腾前的现象；
（5）①由图象知，水沸腾时温度保持99℃，说明水的沸点为99℃；沸点低于100℃，所以当时气压低于标准大气压；
②由图象知，小明水的初温为96℃；小红小组水的初温为93℃，所以小红小组的初温较低。 六、综合题
27．郑开（郑州一开封）城际铁路已于2014年12月18日正式运营，铁路全长50.33km，最高车速可达250km/h．小明乘坐郑开直达列车下午14：20从郑州发车，14：48到达开封，则这次列车的平均速度为_____km/h．为了确保行车安全，列车上的监控系统，通过对高速运转车轮的热辐射产生的一种不可见光进行检测，实现对车轮温度的实时监控．这种不可见光是_____． 解析：107.85 红外线 【解析】 【详解】
(1)列车的运行时间为：t＝14:48?14:20＝28min＝列车的运行速度为：
14h， 30S50.33km＝14v＝t＝107.85km/h， h30(2)高速运转车轮的热辐射产生的一种不可见光是红外线． 【点睛】
（1）已知列车发车时间和到站时间，可以得到列车运行时间；已知路程和运行时间，利用v＝
s,可以t得到这次列车的平均速度．（2）红外线的热效应很强，应用红外线的热效应比较强，制成红外线加热器，红外线夜视仪，电视遥控器，热谱仪等等．
中考物理模拟试卷有解析
注意事项：
1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单选题
1．下列有关电和磁的说法中正确的是( ) A．磁体周围存在磁感线
B．同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引 C．发电机工作时把电能转化为机械能 D．电动机是利用电磁感应现象制成的 解析：B 【解析】 【详解】
A．磁感线是为了形象的描述磁场而引入的，实际上并不存在，故A错误；
B．由磁极间的相互作用可知，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故B正确； C．发电机利用电磁感应原理工作，将机械能转化为电能，故C错误； D．电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，故D错误． 【点睛】
注意分清楚研究电磁感应和磁场对通电导线作用力的两个原理，从能的转化看，两者是相反的，即电磁感应现象中将机械能转化为电能，而磁场对通电导线的作用力，将电能转化为机械能． 2．下列说法中正确的是
A．猎豹的速度为1.8km/min，雨燕的速度为50m/s，猎豹运动更快 B．受油机在空中加油时，必须和加油机保持相对静止
C．箭离开弓弦后，能飞行相当远的距离，是因为箭还受到向前的动力 D．卫星绕地球做匀速圆周运动，是因为卫星受到平衡力的作用 解析：B 【解析】 【详解】
根据题意知道，猎豹的速度是1.8km/min=1.8×1000m/60s=30m/s，雨燕的速度是50m/s，所以雨燕速度
更快，故A错误；空中加油时，受油机和加油机的运动方向必须相同，运动速度的大小必须相等，即两者之间的相对位置才不变，彼此相对静止，故B正确；箭离开弓弦后，不是受到向前的动力，而是由于惯性才继续飞行相当远距离的，故C错误；卫星绕地球做匀速圆周运动，运动方向不断改变，所以，是处于非平衡状态，受到的是非平衡力作用，故D错误，故选B。 【点睛】
本题是一道综合性题目，考查了速度单位的换算、运动和静止的相对性、惯性、力与运动的关系等知识，但难度不大。
3．张宁用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距，并“探究凸透镜成像规律”，当蜡烛、透镜、光屏位置如图乙时，在光屏上可成清晰的像．下列说法正确的是（ ）
A．凸透镜的焦距是40cm
B．图乙中烛焰成的是倒立放大的像
C．照相机成像特点与图乙中所成像的特点相同
D．将蜡烛远离凸透镜，保持凸透镜、光屏位置不变，烛焰可在光屏上成清晰的像 解析：B 【解析】 【详解】
A．凸透镜对光线具有会聚作用，平行光通过凸透镜后会聚于焦点，根据甲图可判断焦点到凸透镜距离为10cm也就是焦距等于10cm，A错误．
B．乙图中，物体到透镜的距离为12cm，即物距在一倍到二倍焦距之间，此时成倒立放大的实像，B正确．
C．照相机成像是物体在二倍焦距以外成倒立缩小的实像，与乙图不同，故C错误．
D．蜡烛远离凸透镜，要成清晰的像，必须满足物远像近像变小，必须使光屏靠近凸透镜才可以．D错误．
4．图所示的四个示意图中，用来研究电磁感应现象的是
A． B．
C．解析：B 【解析】 【详解】
D．
A是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的原理；B是闭合电路的一部分导体在磁场中受到力的作
用，用来研究电磁感应现象，B正确；C是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场；D是通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的． 5．下列关于功、内能和热量的描述中正确的是（ ） A．物体的温度不变，内能一定不变 B．做功和热传递都能改变物体的内能
C．温度高的物体含有的热量比温度低的物体多 D．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 解析：B 【解析】 【详解】
A．内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，应考虑其它因素．故A不符合题意．
B．改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的；故B符合题意． C．温度高的物体，含有的热量一定多；错误，热量不是状态量，不能说含有或者具有热量；故C不符合题意．
D．传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体．故D不符合题意． 6．下列自然现象中需要吸热的是 （ ） A．早春河流上冰的消融 C．深秋草木上露的出现 解析：A 【解析】 【分析】 【详解】
需要吸热的物态变化是熔化、汽化和升华；早春河流上冰的消融是熔化现象，熔化吸热，故选项A符合题意；初夏旷夜里雾的形成，是液化现象，液化放热，故选项B不符合题意；深秋草木上露的出现，是液化现象，液化放热，故选项C不符合题意；初冬砖瓦上霜的生成是凝华现象，凝华放热，故选项D不符合题意．
7．图示电路中，R1、R2是定值电阻，开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小．用电压表检测电路，当电压表接a、b两点时，电压表有示数；接b、c两点时，电压表无示数．则故障原因可能是（ ）
B．初夏旷夜里雾的形成 D．初冬砖瓦上霜的生成
A．仅R1断路 B．仅R2断路 C．电流表断路 D．ac导线断路
解析：D 【解析】 【详解】
由电路图知道，定值电阻R1、R2 并联，电流表测量干路的电流；开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小，说明某一条支路出现了断路；当电压表接a、b两点时，电压表有示数，说明a到电源的负极与b到电源的正极之间是接通的；当电压表接b、c两点时，电压表无示数，说明c到电源的负极与b到电源的正极之间是断开的，又因为电压表接a、b两点时，电压表有示数，所以ac间导线出现了断路，故选D。 【点睛】
本题考查的是电路的故障分析，需要根据电流的变化、并联电路的特点及电压表的应用判断故障，涉及的知识点较多，但难度不大。
8．如图为自动垂直升降式车库的停车过程示意图．下列关于汽车匀速上升时的说法，正确的是（ ）
A．动能增加，重力势能不变 B．动能增加，重力势能增加 C．动能不变，重力势能不变 D．动能不变，重力势能增加 解析：D 【解析】 【分析】
动能和势能的大小变化 【详解】
汽车匀速上升时，汽车的速度不变，因此动能不变，汽车的高度不断增加，因此重力势能增加，故D正确．
9．一均匀木板AB，B端固定在墙壁的转轴上，木板可在竖直面内转动，木板下垫有长方形木块C，恰好使木块水平放置，如图所示，现有水平力F由A向B缓慢匀速推动，在推动过程中，推力F将
A．逐渐增大 C．大小不变 解析：A 【解析】
B．逐渐减小 D．先增加后减小
【详解】
以杆为研究对象，杆受重力G和C对它的支持力F支，重力的力臂为lG，支持力的力臂为l支，根据杠杆平衡条件可得：F支l支=GlG，水平力F由A向B缓慢匀速推动木块，F支的力臂在减小，重力G及其力臂lG均不变，根据杠杆平衡条件可知，在整个过程中支持力在逐渐增大；由于支持力逐渐变大，且力的作用是相互的，所以可知杆对物体C的压力也逐渐变大，根据影响摩擦力大小的因素可知，C和木板间、C和地面间的摩擦力逐渐增大，木块C匀速运动，受到推力和摩擦力是平衡力，推力大小等于摩擦力大小，由力的平衡条件可知，水平推力F也逐渐增大，故A符合题意，BCD不符合题意。 10．如图所示，有关磁现象说法正确的是（ ）
A．图甲可以研究电流的磁场方向与电流方向的关系 B．图乙电源的左端为负极，右端为正极 C．图丙的水位达到金属块A时，绿灯亮 D．图丁是电动机工作的原理图 解析：A 【解析】 【详解】
A．图甲是奥斯特实验，说明电流周围存在着磁场，改变电流方向，磁场方向发生变化，因此图甲可以研究电流的磁场方向与电流方向的关系，故A正确。
B．根据小磁针的左端为N极，可知螺线管的右端为N极，根据安培定则可以判断螺线管上电流的方向向下，电流从螺线管左端流入，右端流出，所以电源的左端为正极，右端为负极，故B错误。 C．图丙的水位达到金属块A时，控制电路闭合，电磁铁有磁性，吸引衔铁，红灯亮，故C错误。 D．图丁是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机工作的原理图，故D错误。
11．如图甲所示，蜡烛a在竖直放置的平面镜MN中所成像为a′，现将该平面镜竖直向下移动一段距离至图乙所示位置，则蜡烛a在平面镜中（ ）
A．不成像
B．仍成像，但像下移距离与平面镜下移距离相同 C．仍成像，但像下移距离是平面镜下移距离的两倍 D．仍成像，且像还在原来位置 解析：D 【解析】 【详解】
平面镜所成的像与物体是关于镜面对称的，由题意可知，平面镜只是下移了，并没有改变蜡烛到平面镜的距离，所以也不会改变所成的像到平面镜的距离，像仍会在原来的位置，故应选D．
12．某大学两位研究生从蚂蚁身上得到启示，设计出如图所示的“都市蚂蚁”概念车．这款概念车小巧实用，有利于缓解城市交通拥堵．下列关于正在城市中心马路上行驶的此车说法正确的是（ ）
A．以路面为参照物，车是静止的 B．以路旁的树木为参照物，车是静止的 C．以路旁的房屋为参照物，车是运动的 D．以车内的驾驶员为参照物，车是运动的 解析：C 【解析】 【详解】
在城市中心马路上行驶的“都市蚂蚁”概念车相对于路面、路旁的树木、路旁的房屋的位置不断发生变化，所以以路面、路旁的树木、路旁的房屋为参照物，“都市蚂蚁”概念车是运动的，相对于车内的驾驶员的位置没有发生变化，所以以车内的驾驶员为参照物，车是静止的，故C正确． 二、填空题
13．小明每天上下学都要经过一个加油站， 当他靠近油站时就闻到一股“汽油味”，这是_____现象，它表明分子在不断地做________________;并且小明发现夏天这股“汽油味”比冬天时要浓烈些，说明了这一现象的快慢与__________有关． 解析：扩散 无规则运动 温度 【解析】
经过加油站时，就能闻到汽油味，是分子不停地做无规则运动的结果，是扩散现象；因为分子在永不停息地做无规则运动，运动速度与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈，所以在夏天时，扩散现象更为严重，故夏天这股“汽油味”比冬天时要浓烈些．
14．暑假期间，爸爸带小兰去森林探险，她看见阳光透过树叶的隙在地上留下圆形光斑，光斑的形成是由于在同种介质中_____，同时还看见树林边溪水中的“游动的小鱼”这是由于_____在水中所成的虚像。
解析：光沿直线传播 光的折射 【解析】 【详解】
阳光透过树叶的缝隙在地上留下圆形光斑，这是小孔成像现象，是光的直线传播形成的；溪水中的“游动的小鱼”是由于水中的鱼发出的光经过折射，进入人眼，看到的是鱼的虚像。 15．.小明一家外出旅游，出门时电能表示数为
，回来时为
，这期间消
耗了______度电。这些电能可使标有“220 V 25 W”的灯泡正常工作______h。 解析： 3 120
【解析】分析：（1）电能表是测量消耗电能多少的仪器，最后一位示数是小数位，其单位是示可读出其示数，前后读数之差就是这段时间消耗的电能； （2）灯正常工作时的功率等于额定功率，利用
求时间。
，由图
解答：（1）由图知，出门时电能表的读数为864.0kW?h，回来时电能表的读数为867.0kW?h；这段时间内消耗的电能：
（2）灯正常工作时的功率：
。
故答案为：3；120。
【点睛】本题考查电能表的读数、消耗电能的计算以及电功率公式的应用，关键是理解电能表参数的物理意义，解题过程中还要注意单位的换算。
16．在探究“不同物质吸热能力”的实验中：在两个相同的烧杯中分别加入初温相同、质量相同的a、b两种液体，液面位置如图甲所示，则可判断密度较大的液体是______（选填“a”或“b”）；选用相同电加热器的目的是_____；a、b两种液体的温度随时间变化的图象如图乙所示，则可判断出______（选填“a”或“b”）吸热能力强．
； ，由
可得，灯泡正常工作的时间：
解析：a 使液体在相同时间内吸收的热量相同 a 【解析】 【详解】
根据题意知道，在两个相同的烧杯中分别加人初温相同、质量相同的a、b两种液体，液面位置如图甲，由?=m 知道，当两种物质质量相等时密度大的体积小，则可判断出a液体密度较大；选用相同电加热V器的目的是：使液体在相同时间内吸热相同；由图乙知道，在相同的加热时间时，a物质的温度变化慢，由Q?cmΔt 知道，相同质量的不同物质吸收相同的热量，温度变化小的吸热能力强，则可判断出a吸热能力强．
17．2019年1月3日， 嫦娥四号探测器在月背实现完美软着陆．在距月面15公里时，嫦娥四号探测器向下喷出高速气体实施减速下降（如左图），这表明力能改变_________________；“玉兔二号”月球车在月面运动时留下明显的痕迹（如右图），这表明物体在月球上受到____________________力的作用；根据设计，月球车行驶的最大速度为0.2 km/h，它3 min最多可行驶_________________ m
解析：物体的运动状态 重力（或月球的吸引力） 10 【解析】 【详解】
根据题意知道，嫦娥四号探测器向下喷出高速气体实施减速下降，由于速度大小的变化，由此说明力可以改变物体的运动状态；由图知道，“玉兔二号”月球车在月面运动时留下明显的痕迹，说明月球车对地面有压力，即说明物体在月球上受到月球的吸引力的作用；由于月球车行驶的最大速度为0.2 km/h，所以，它3 min最多可行驶的距离是：s?vt?0.2km/h?3h?10km． 6018．如图所示，R1是0～20Ω的滑动变阻器，闭合开关S后，电压表示数为6V，电流表A1的示数是1.5A，电流表A2的示数是0.5A，则R2的阻值为_____Ω，变阻器R1接入电路的电阻_____Ω．如果电流表A1的量程是0～3A，电流表A2的量程是0～0.6A，为使电表不损坏，滑动变阻器接入电路的电阻值至少要_____Ω．
解析：12 6 2.4 【解析】 【详解】
由电路图可知，电阻R2与滑动变阻器的R1并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流．
由于并联电路中各支路两端的电压相等，则根据欧姆定律可得：
U6VR2＝=＝12Ω，
I20.5A根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知： 通过变阻器R1的电流I1＝I﹣I2＝1.5A﹣0.5A＝1A， 由欧姆定律得变阻器R1接入电路的电阻： R1＝
U6V=＝6Ω； I11A由于并联电路中各支路独立工作、互不影响，则移动滑片时，通过R2的电流不变，即I2＝0.5A， 当电流表A1的示数为3A时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，此时通过变阻器R1的电流： I1max＝Imax﹣I2＝3A﹣0.5A＝2.5A，
由欧姆定律得滑动变阻器接入电路电阻的最小值：
U6VR1min＝=＝2.4Ω．
Imax2.5A三、作图题
19．请作出图中，滑轮组最省力的绕线方法． （_____）
解析：
【解析】 【详解】
只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上， 绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示．
20．如图所示，画出小源的脚上A点的光线经过平面镜后进入小源眼B点的光路图。 （_____________）
解析：
【解析】 【详解】
作点A关于平面镜的对称点A′，连接A′B与镜面相交于O，点O即为入射点，再连接点A和入射点O即可。注意AO和OB为实线，并标注箭头表示光的传播方向。如图：
21．如图所示，电源电压为6V，另外手头有三个电阻R1＝15Ω，R2＝25Ω，R3＝100Ω，请你用其中的两个电阻在图中虚线框内连成电路，使图中的电流表的示数为0.3A，要求画出电路图，并注明连入的电阻的阻值． （____）
解析：
【解析】 【分析】
根据电路中的电压和电流值，用R=
U算出电路中需要连入的电阻值，再根据给出的三个电阻R1=15Ω，IR2=25Ω，R3=100Ω，合理选择两个进行串、并联组成符合条件的电路． 【详解】
U=6V，I=0.3A，电路电阻为R=
U6V==20Ω，三个电阻R1=15Ω，R2=25Ω，R3=100Ω，选任意两个串I0.3A联都不符合要求，所以只能并联．R1=15Ω，R3=25Ω并联值为9.375Ω；R1=15Ω，R3=100Ω并联值约为13Ω；R2=25Ω，R3=100Ω并联值为20Ω. 故电路图为：
四、计算题
22．某电热水壶的功率为1000W.用该电热水壶将0.5kg的水从20℃加热到100℃，已知
c水?4.2?103J/(kg?C)，此过程不计热量损失，求：
（1）水吸收的热量； （2）电热水壶加热的时间。
解析：（1）1.68?105J；（2）168 s。 【解析】 【详解】
（1）水吸收的热量
Q吸?c水m?t?t0?
?4.2?103J/(kgg℃）?0.5kg?(100℃?20℃) ?1.68?105J
（2）QP?W t电热水壶加热的时间
WQ吸1.68?105Jt????168s
PP1000W答：（1）水吸收的热量是1.68?105J；（2）电热水壶加热的时间168 s。
23．小明同学为了将放置在水平地面上重G =100 N的物体提升到高处，设计了图甲所示的滑轮组装置，动滑轮重10 N．当小明用图乙所示随时间t变化的竖直向下的力F拉绳时，重物上升的高度h随时间t变化的关系如图丙所示．求：
（1） 在0~2 s内拉力F做的功．
（2） 在2~3 s内，拉力F的功率及滑轮组的机械效率． 解析：（1）187.5J（2）83.3% 【解析】 【详解】
（1）由图丙可知，在0～1s内物体静止，则此过程中拉力端移动距离为0，拉力做功为0J； 由甲图可知，n=3；由图丙可知，在1～2s内重物上升的高度h1=1.25m，则拉力端移动距离s1=3h1=3×1.25m=3.75m，由甲图可知，1～2s内，拉力F为50N，拉力F做的功：W=Fs1=50N×3.75m=187.5J；
（2）由图乙可知，2～3s内绳端的拉力F′为40N，由图丙可知，2～3s内物体上升的高度 h2=3.75m-1.25m=2.5m，则绳端移动的距离：s2=3h2=3×2.5m=7.5m，2～3s内拉力做的总功：W
总
′=F′s2=40N×7.5m=300J，在2～3s内，拉力F′的功率：P′?W总300J==300W； t1s=Gh2=100N?2.5m=250J， 此过程中所做的有用功：W有′则滑轮组的机械效率：?=W有′250J?100%=?100%?83.3%。 W总′300J24．如图甲所示是液压汽车起重机从水中打捞重物的示意图。A是动滑轮，B是定滑轮，C是卷扬机，D是油缸，E是柱塞，OB=5OF。通过卷扬机转动使钢丝绳带动A上升，被打捞重物的体积是V＝0.6m3，密度为4.0×10kg/m，重物出水前滑轮组的效率为60％，重物出水前卷扬机牵引力做的功随时间变化图象如图乙所示，求：
3
3
（1）被打捞物体的重力？ （2）重物出水前匀速上升的速度？
（3）假设起重时E始终是沿竖直方向向上的力，忽略吊臂、滑轮及钢丝绳的重力和各种摩擦，物体离开水面后E对OB至少要施加多大的力才能吊起被打捞重物？ 解析：（1）2.4×10N（2）0.4m/s（3）1.2×10N 【解析】 【分析】 （1）由ρ?4
5
m计算物体质量；再利用G=mg计算其重力； V（2）利用阿基米德原理计算物体出水前受到的浮力，滑轮组对物体的拉力等于重力减去浮力；由图知
道，n=3，拉力端移动距离s=3h，利用η?W有用W总?F拉hFs?60%计算牵引力；由图乙知道40s牵引力做的
功，由此计算牵引力做功功率，利用P?WFs??Fv，计算拉力端移动速度，重物出水前匀速上升的tt速度等于拉力端移动速度三分之一；利用W=Fs计算拉力端移动距离，而s=3h，据此求物体升高的高度，利用速度公式求重物出水前匀速上升的速度；
（3）吊臂支点为O，画出动力臂、阻力臂，利用相似三角形的边的关系求力臂大小关系，知道物体出水后滑轮组对吊臂B端的作用力，利用杠杆平衡条件求E对OB施加的力。 【详解】
（1）根据题意知道，被打捞重物的体积是：V＝0.6m3，密度是ρ=4.0×103kg/m3， 由ρ?m3kg/m3??0.6m3?2400kg，知道，物体的质量是：m??V?4.0?10?
V4N 故被打捞的重力是：G?mg?2400kg?10N/kg?2.4?10?（2）由阿基米德原理知道，物体出水前受到的浮力是：
F浮??ρ水 gV排??ρ水 gV?1.0?103?kg/m3??10N/kg?0.6m3??6?103?N N?6?10?N?1.8?10N 滑轮组对物体的拉力是：F拉?G物?F浮?2.4?10?由图甲知道，n=3，拉力端移动距离是：s=3h，滑轮组对物体的拉力做功为有用功， 又因为η?434W有用W总?F拉hFs?F拉hF3h?F拉3F?60%，所以，牵引力的大小是：
F拉1.8?104NF???1?104?N
3?60%3?60%由图乙知道，40s牵引力做功是：W=4.8×10J，故牵引力做功的功率是：
5
W4.8?105JP???12000W
t40sWFsP12000W??Fv知道，拉力端移动的速度是：v???1.2m/s ttF1?104?N111.2m?0.4m/s 又因为v=3v物 ，所以，重物出水前匀速上升的速度是：v物?v??33s由P?（3）由图知道，吊臂支点为O，柱塞E竖直向上的力为动力，则动力臂为OP；出水后滑轮组对B端的拉力为阻力，且阻力臂为OQ（如图），
由于吊臂、滑轮及钢丝绳的重力和各种摩擦不计，
4N； 所以，物体出水后，滑轮组对吊臂B端的作用力是：FB?G?2.4?10?又因为△OPF∽△OQB，所以，
OQOB??5， OPOF?OP?FB??OQ， 由杠杆平衡条件知道：FE?所以E对OB至少施加的力是：FE?【点睛】
本题考查的知识点较多，涉及重力公式、速度公式、密度公式、阿基米德原理、功的公式、效率公式、杠杆的平衡条件的应用，难度较大，综合性较强，一般的处理方法是，根据题中条件找关系列方程，然后整理求解。 五、实验题
25．如图是小明、小红两名同学分别探究“水的沸腾现象”的实验装置，他们所用的器材规格完全相同。
OQ?FB?5?2.4?104?N?1.2?105?N OP
（1）在读取温度计的示数时，由于视线不水平（如图甲）造成读数不准确，这样使读数值比实际值偏______。
（2）图乙是两名同学根据实验数据绘制的水温随时间变化的图象。由图象可知，使水沸腾，小明用的时间明显比小红用的时间要少许多，造成这个结果的原因______。
A．初温比小红的高 B．气压比小红周围环境的低 C．水的质量比小红的小
（3）实验计时第7min，发现有一位同学的烧杯中气泡的上升过程如图丙所示情景，这位同学是______（选填“小明”或“小红”）。 解析：大 AC 小红 【解析】 【详解】
（1）读取温度计示数时，视线要与液柱最高处所对刻线相平，否则读数错误。如下图：当俯视时，测量结果偏大；仰视时，测量结果偏小。
（2）由图象知，小明水的初温比小红水的初温高，所以水沸腾小明用的时间明显比小红用的时间要少，另外小明水的质量较小，也是造成小明用的时间明显比小红用的时间要少的原因之一，故选AC。 （3）沸腾前和沸腾时的现象：沸腾时，气泡在上升过程中体积逐渐变大；沸腾前，气泡在上升过程中，体积逐渐减小；
因此丙图是沸腾前的现象，由图象乙可知，小明的实验从5min开始沸腾，小红的实验从11分钟开始沸腾，所以实验计时第7min，小红的还没有沸腾，故图丙所示情景是小红的；
26．利用如图所示实验器材做“用滑动变阻器改变小灯泡的电流”的实验，小灯泡的额定电压为3.8V，电源电压不大于3V。
（1）把图中的器材连接成实验电路，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，通过小灯泡中的电流变大。（电流表使用0-0.6A量程） （_____________）
（2）为了做“测定小灯泡电阻”的实验，请你再将电压表接在小灯泡两端。（_____）
小明同学连接好实验电路，检查连接无误后闭合开关，两电表的指针位置如图所示，灯泡此时的电阻为____
（3）小明同学还想利用这个电路做“测量小灯泡电功率”的实验，该实验的实验原理是____，他____（选填“能”或“不能”）测量出小灯泡的额定电功率，理由是_______.
解析： 7.5 P=UI 不能 电
源电压小于小灯泡额定电压 【解析】 【详解】
(1)滑动变阻器右移，电路中电流变大，总电阻减小，滑动变阻器接入电路电阻减小，滑片接右下端接线柱，把滑动变阻器串联在电路中。
(2)电源电压为3V，电压表选择0～3V量程，电压表与灯泡并联，电流从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出。如图。
电压表选择0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为1.8V，
由实物连接图知，电流表选择0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.24A，R=
U1.8V==7.5Ω. I0.24A(3) “测量小灯泡电功率”的实验原理是P=UI，该电路中使用两节干电池，电源电压为3V，小于小灯泡的额定电压，因此利用该电路不能测量出小灯泡的额定电功率。 六、综合题
27．小明同学自行设计了一个电子秤，其原理如图所示，他试图用电压表（图中没有画出）的示数来反映物体质量的大小．电源的电压恒定为U，定值电阻的阻值为R0，滑动变阻器的总电阻为R，总长度为L，滑动触头安放在托盘下方的轻质弹簧上，并能随轻质弹簧一起滑动，已知对托盘每施加1N的压力时，弹簧的长度就会缩短a．当托盘中不放物体时，滑动触头指在R的最上端，此时电压表的示数为零；当在托盘中放一物体时，滑动触头随弹簧向下移动到某一位置，电压表就指示出相应的示数． （1）请在原理图的适当位置接上符合要求的电压表；
（2）若在托盘上放一质量为m的物体，则滑动触头向下移动多大的距离？
（3）求出电压表的示数U表与待测物体质量m之间的关系式（用已知量的符号表示）．
解析：（1）
（2）mga （3）U表?【解析】 【详解】
（1）电压表在使用时必须并联到被测元件上，且滑动触头指在最上端时，电压表的示数为零；所以符合要求的电压表位置如图：
URgam
L?R?R0?
（2）物体所受的重力为G＝mg，
物体放在托盘上，对托盘的压力F＝G＝mg，
由对托盘每施加1N的压力，弹簧的长度就会缩短a，可知弹簧的弹力与伸长量成正比． 所以滑动触头向下移动的距离△L＝mga． （3）由题意可知，电路中的电流为：I=U R+R0当在托盘中放质量为m的物体时，与电压表并联部分的电阻为：R1?此时电压表的示数：U表?IR1?
mgaR LUmgaRURga??m；
R?R0LL?R?R0?
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