变为固态，要放热。
会辨别不同的物态变化形式，知道其吸热还是放热，关键是能与实际例子很好地结合起来，是此类题考查的重点。 4.【答案】B
【解析】解：
由题意知，闭合开关??1，托盘旋转，再将开关??2闭合，开始加热；只闭合开关??2，则不能加热；这说明电动机和加热电阻在工作时互不影响，即两者是并联的，且??1在干路上，??2在加热电阻的支路上，由各选项电路图可知，B符合题意，ACD不合题意。 故选：B。
由题知，闭合开关??1，托盘旋转，再将开关??2闭合，开始加热；只闭合开关??2，则不能加热。由此分析解答。
本题考查根据要求设计电路，关键是正确分析电路的连接方式和开关的位置。 5.【答案】C
【解析】解：A、以正在骑行的小华为参照物，路边的树木与小华之间的位置发生了变化，所以是运动的。故A错误；
B、当用力紧蹬几下脚踏板后，自行车的速度增大，因此自行车的动能就会增大，这样就可以有更多的动能转化为重力势能；惯性大小只跟物体的质量大小有关，人和车的质量不变，惯性大小不变。故B错误；
C、车轮上刻有凹凸不平的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的，故C正确；
D、匀速转弯时，方向不断变化，所以自行车和人处于非平衡状态。故D错误。 故选：C。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
(2)惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。
(3)增大摩擦的方法：从压力大小和接触面的粗糙程度考虑，增大压力，增大接触面的粗糙程度，用滑动代替滚动摩擦。
(4)平衡状态是指物体处于静止和匀速直线运动。
自行车是日常生活中最常见的交通工具，从自行车的结构和使用来看，应用了非常多的物理知识，包括力学、声现象、光现象、杠杆等方面，平时多注意观察，将其知识活学活用。
6.【答案】A
【解析】解：A、由图知，人对杆的力改变了杆的形状，故A正确； B、物体间力的作用是相互的，所以杆对人也有力的作用，故B错误；
C、杆所发生的形变，撤去外力后能恢复原来的形状，所以杆发生了弹性形变，故C错误；
D、人在上升时，处于运动状态，如果所受外力全部消失，由牛顿第一定律可知，人将做匀速直线运动，故D错误。 故选：A。
(1)力可以改变物体的运动状态和形状； (2)物体间力的作用是相互的；
(3)撤去外力能恢复原来的性质的形变叫弹性形变； (4)根据牛顿第一定律判断。
此题考查的知识点较多，难度不大，认真分析即可。
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7.【答案】B
【解析】解：
A、空气开关是防止线路短路或者超负荷用的，而漏电保护器只有漏电的时候会跳闸，所以漏电保护器和空气开关作用不相同，在电路中要同时安装，但不可以相互替代；故A错误； B、站在地上的人手接触火线，电流会从火线经过人体流到大地，发生单线触电；所以，不同时触摸到火线和零线也会发生触电事故，故B正确；
C、电灯开关短路时，相当于开关闭合，灯泡一直发光，但不会引起空气开关跳闸，故C错误；
D、正确使用测电笔的方法：笔尖接触检测的导线，手必须接触笔尾金属体，这样才能检测导线是零线还是火线，故D错误。 故选：B。
(1)空气开关是防止线路短路或者超负荷用的，而漏电保护器只有漏电的时候会跳闸，所以漏电保护器和空气开关作用不相同，在电路中要同时安装漏电保护器原理是当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，电流从大地跑了，此时漏电保护器起作用；
空气开关在电路过载或短路时，即通过电流过大时起到保护作用。
(2)触电是人体直接或间接接触火线，并且和零线或地线构成电流的路径，包括单相触电和双相触电；
(3)控制用电器的开关短接时，相当于开关闭合，用电器正常工作，不会引起电流过大，空气开关跳闸不会跳闸；
(4)试电笔在使用时手要碰触笔尾金属体，如果接触试电笔的笔尖，相当于直接用手接触导线会有触电危险。
掌握安全用电原则是解题的关键，本题难度不大。 8.【答案】C
【解析】解：A、电饭锅对水平桌面的压力和地面对桌子的支持力是作用在不同物体的两个力，不是一对平衡力。故A错误；
B、菜刀的刀刃很薄是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。故B错误； C、炒菜时主要是通过热传递的方法增加菜的内能，故C正确；
D、吸油烟机是利用在气体中流速越大的位置压强越小的原理来工作的。故D错误。 故选：C。
(1)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。 (2)增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。 (3)改变内能的方式：做功和热传递；
(4)在气体和液体中，流速越大的位置压强越小。
本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。 9.【答案】D
【解析】解：
A、这是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场(即电流能产生磁场)，故A正确。 B、如图装置，开关闭合后导体会在磁场中运动，说明通电导线在磁场中受到力的作用，故B正确。
C、图中无电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，电流计的指针发生偏转，根据这个原理可制成发电机，故C正确。 D、动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的，故D错误。
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故选：D。
(1)电流周围存在着磁场。
(2)电动机和发电机的重要区别在于电路中是否有电源。
(3)动圈式话筒和发电机的工作原理相同，都是根据电磁感应原理工作的。 这几幅图都是课本上的内容，对于电磁部分，课本上的插图很重要。 10.【答案】A
【解析】解：
A、根据??=?????可知，当气泡在水中上升的过程中，h变小，压强变小，压强变小后气泡体积变大，故A正确；
B、一瓶氧气，用掉一半后，氧气的质量减半，剩余氧气还充满整个氧气瓶，剩余氧气的体积不变，根据??=??可知，瓶中的氧气密度变为原来的一半，故C错误； C、塑料挂钩的吸盘能贴在光滑的墙上，是因为受到大气压强的作用，而不是因为墙和吸盘之间的分子引力作用，故C错误；
D、瓶盖起子属于省力杠杆，使用时省力费距离，故D错误。 故选：A。
(1)利用压强的计算公式，通过气泡深度以及体积的变化；
(2)氧气用掉一半，质量减半，氧气还充满整个氧气瓶，体积保持不变，根据密度公式判断密度的变化；
(3)大气对浸在它里面的物体产生压强，即大气压强；
(4)省力杠杆的动力臂大于阻力臂；费力杠杆的动力臂小于阻力臂。
本题是从日常生活用品上考查了学生多方面的知识，体现了物理的生活化，要求平时学习时，多观察、多联系、多分析。 11.【答案】A
【解析】解：
A、由图知，??=4，绳子自由端移动的距离：??=4?=4×1??=4??， 绳子自由端移动的速度：??=??=
1??
4??2??
??
=2??/??，故A正确；
B、不计绳重及摩擦，拉力??=4(??+??动)，可得动滑轮所受的重力： ??动=4?????=4×150???400??=200??，故B错误； C、拉力做的功：??总=????=150??×4??=600??， 有用功：??有用=???=400??×1??=400??， 滑轮组的机械效率： ??=
??有用??总
=
400??600??
×100%≈66.7%，故C错误；
D、若用该滑轮组提升所受重力更重的物体，额外功不变，有用功增加，有用功在总功中所占的比例增加，机械效率会变大，故D错误。 故选：A。 (1)由图知，??=4，绳子自由端移动距离??=4?，利用速度公式求绳子自由端移动速度； (2)不计绳重及摩擦，拉力??=4(??+??动)，据此求动滑轮所受的重力；
(3)利用??=????求拉力做的总功，利用??=???求有用功，滑轮组的机械效率等于有用
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1
功与总功之比；
(4)增大滑轮组机械效率的方法：一是增大提升的物重，二是减小摩擦、减小动滑轮重。 本题考查了使用滑轮组时动滑轮重力、绳子自由端移动速度、有用功、总功和机械效率的计算，还考查了物体重力对机械效率的影响，根据题图确定n的大小是本题的突破口。 12.【答案】B
【解析】解：
A、蓝牙耳机是通过电磁波与手机进行信号传输的，故A错误；
B、如图装置中两电阻丝串联，电源电压不变时，电路中电流不变，若只比较其中一个容器内电阻丝产生热量的多少，该电阻丝的阻值不变，改变通电时间，可用来探究电流产生的热量与通电时间的关系，故B正确；
C、两个电磁铁串联，通过的电流相同，线圈匝数不同，所以能探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数多少的关系，但不能探究电磁铁磁性强弱与电流大小关系，故C错误；
D、图中导线的材料相同、长度相同，只是横截面积不同，所以此实验可以探究导体电阻与跟导体的横截面积是否有关，但不能探究导体电阻与导体材料的关系，故D错误。 故选：B。
(1)通信设备是利用电磁波传递信息的；
(2)电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间有关，实验探究时应采用控制变量法； (3)电磁铁的磁性的强弱与电流大小的关系，实验探究时应采用控制变量法；
(4)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变。
本题考查了学生对电和磁方面几个重要的课本插图的掌握情况，了解相关的知识是解题的基础，是中考的热点。 13.【答案】D
【解析】解：设长导线的电阻为??0，由图知，
AB、闭合开关??1、??2时，灯泡与加热器并联后再与??0串联，设此时灯泡两端电压为????， 断开开关??2时，灯泡与??0串联，设此时灯泡两端电压为????′； 由于并联电路的总电阻小于任何一个分电阻，
所以，断开开关??2时，灯泡的电阻大于灯泡与加热器并联的总电阻，
导线的电阻不变，因灯泡的电阻大于灯泡与加热器并联的总电阻，根据串联电路的分压规律可知，灯泡两端的电压变大，即????′>????， 灯泡的电阻可认为不变，由??=
??2??
知，????′>????，即断开开关??2时，灯泡的实际功率变
大，所以灯泡变亮；故A、B错误；
C、由前面解答可知，断开开关??2时，整个电路的电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律知，电路中电流减小，导线的电阻不变，由公式??=??2????知，单位时间内长导线上消耗的电能减少，故C错误；
D、断开开关??2时，整个电路的电阻变大，电源电压不变，由??=
??2??
???知，单位时间内
整个供电线路消耗的电能减少，故D正确。 故选：D。
闭合开关??1照明灯工作，再闭合??2时，加热器也工作，此时照明灯与加热器并联后再与长导线的电阻串联，根据电阻的并联可知照明灯与加热器并联的总电阻变化，根据串联电路的分压特点可知并联部分的电压和导线两端电压的变化，根据??=
??2??
可知照明灯和
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