江苏省泰州市2019-2020学年中考物理三模考试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．下列科学家与其在物理学上的重大发现，对应关系正确的是 A．伽利略---惯性定律 C．牛顿---光的色散 C 【解析】 【详解】
A. 惯性定律，也就是牛顿第一定律，最早是牛顿在前人经验的基础上总结得出的，故错误； B. 英国物理学家汤姆森在研究阴极射线时发现了电子，故错误；
C. 牛顿不仅在力学研究取得重大成就，还最早发现了光的色散现象，故正确； D. 奥斯特最早发现了电流的磁效应，电磁感应现象是法拉第最早发现的，故错误。
2．如图所示电路，电源电压保持不变．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，R1、R2的U－I关系图象如图所示．则下列判断正确的是（ ）
B．卢瑟福---发现电子 D．奥斯特---电磁感应现象
①图线甲是电阻R1的“U－I”关系图象 ②电源电压为12V
③电阻R1的最小电功率为2.7W ④滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω A．只有①③正确 C．只有②④正确 C 【解析】 【详解】
滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，R1减小，总电阻减小，电流增大，所以R1两端电压增大，故R1的U-I图象是图乙， R2的U-I图象是图甲；滑片P在a点时阻值最大，电路中电流最小，电阻R1电功率最小，由U-I图象可知最小电流Imin=1．3A，R1两端电压U1=3V，R2两端电压U2=9V，所以电源电压U=U1+U2=3V+9V=12V；所以滑动变阻器的最大阻值为R2max=U2/Imin=9V/1．3A=31Ω；R1的最小电Imin=3V×1．3A=1．9W；所以②④正确，故选C． 功率P1min=U1×
B．只有①④正确 D．只有②③正确
3．声乐中的高音和低音，是指声音的（ ） A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅 B 【解析】 【分析】
声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色。 【详解】
声乐中的高音和低音，这里的“高”“低”指声音的音调不同，是物体振动快慢不同所致。故选：B。 4．甲、乙两只完全相同的杯子盛有浓度不同的盐水，将同一只鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时两液面相平，鸡蛋所处的位置如图所示，则
A．鸡蛋在盐水中所受浮力F甲?F乙 B．鸡蛋在盐水中所受浮力F甲?F乙 C．盐水的密度p甲>p乙 D．盐水对杯底的压强p甲?p乙 D 【解析】 【分析】 【详解】
AB.由图可知，鸡蛋在甲、乙两杯中分别处于悬浮和漂浮状态， ∵物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，
∴同一只鸡蛋在两杯中受到的浮力相等，都等于鸡蛋的重力，故AB选项错误； CD．∵ρ液>ρ物时物体漂浮，ρ液=ρ物时物体悬浮， ∴乙杯中盐水的密度大于甲杯中盐水的密度， ∵p=ρgh，且两杯中液面相平，
∴乙杯底压强大于甲杯底压强，故D选项正确C选项错误．
5．如图所示为我国自主研发的大疆无人机携带货物悬停在高空的情景，则下列说法正确的是 A．无人机受到的重力和无人机受到的升力是一对平衡力 B．无人机对货物的拉力和货物受到的重力是一对平衡力 C．货物受到的重力和货物对无人机的拉力是一对相互作用力 D．无人机受到的升力和货物对无人机的拉力是一对相互作用力 B 【解析】 【详解】
A．无人机携带货物悬停在高空，无人机受自身的重力、升力以及货物对无人机的拉力，所以无人机受到的重力和无人机受到升力的大小不等，不是一对平衡力，故A错误；
B．无人机对货物的拉力和货物受到的重力，二力的大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，故B正确；
C．货物受到的重力和货物对无人机的拉力方向相同，不是一对相互作用力，故C错误；
D．无人机受到的升力和货物对无人机的拉力是作用在同一个物体上的两个力，不是一对相互作用力，故D错误．
6．将规格为“2.5V 0.3A”的小灯泡L1和规格为“3.8V 0.3A”的小灯泡L2串联，接在3V的电源上，下列判断正确的是
A．L1的电阻大于L2的电阻 C．两只灯泡都正常发光 D 【解析】 【详解】 根据I?B．两只灯泡实际功率相等 D．L1的亮度比L2的亮度更小
U 得L1的电阻为 RR1?U12.5V?=8.3Ω I10.3AL2的电阻为
R2?U23.8V??12.7Ω I20.3A串联到电路中电流为
I?UU3V??=0.14A RR1?R28.3Ω+12.7ΩL1的电功率为
2 P?I11R1??0.14A??8.3Ω=0.16W2L2的电功率为
P2?I22R2??0.14A??12.7Ω=0.25W
2L1的电功率小于L2的电功率，所以L1的亮度小于L2的亮度； L1的正常电功率为
'P1?U1I1?2.5V?0.3A=0.75W
L2的正常电功率为
P2'?U2I2?3.8V?0.3A=1.14W
说明两灯泡都不能正常发光。 故选D。
7．在清澈的水池边的人看到池底变浅了，在图中能正确描述光的传播路径的光路图是
A． B．
C． D．
D 【解析】 【分析】 【详解】
在清澈的水池边的人看到池底变浅了，是因为池底的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得池底变浅了，故选D． 8．塑料梳子梳头发时，头发容易被梳子“粘”起，下列现象中“粘”的原因与其相同的是（ ） A．用硬纸片盖住装满水的玻璃杯，倒置后，纸片“粘”在杯口上 B．在干燥的天气里，化纤布料的衣服容易“粘”在身上
C．电视里讲解棋类比赛时，棋子可以“粘”在竖直悬挂的棋盘上 D．两个铅杆底面削平挤压后能“粘”在一起 B 【解析】 【分析】
【详解】
用塑料梳子梳头发时，头发容易被梳子“粘”起，是摩擦起电现象；
A．用硬纸片盖住装满水的玻璃杯，倒置后，在大气压的作用下纸片“粘”在杯口上，此选项不符合题意； B．在干燥的天气里，化纤布料的衣服容易“粘”在身上是摩擦起电现象，此选项符合题意；
C．电视里讲解棋类比赛用的棋子是一个小磁体，而棋盘是用磁性材料做的，所以棋子可以粘在竖直悬挂的棋盘上，此选项不符合题意；
D．两个铅柱底面削平挤压后能粘在一起是分子作用力作用的结果，此选项不符合题意． 9．光从空气倾斜射入玻璃中，入射角为60°，折射角可能为 A．0° B 【解析】 【分析】
光的折射定律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；光由水或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角． 【详解】
根据折射定律可知：从空气斜射入水中时,入射角为60°，折射角小于入射角．故B可能正确，ACD一定错误．故选B.
10．如图所示，为了方便市民绿色出行，聊城市街头配置了公共自行车，下列与自行车有关的说法中错误的是
B．35°
C．60°
D．90°
A．轮胎上制有花纹是为了增大摩擦 B．车坐垫做的较宽是为了减小压力
C．在路面上匀速直线骑行时，车受平衡力作用 D．停止蹬车后车仍继续前行，是由于车具有惯性 B 【解析】 【详解】
A、轮胎上制有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A正确； B、车坐垫做的较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B错误；
C、在水平路面上匀速骑行时，此时车处于平衡状态，所以此时所受的力是平衡力，故C正确； D、停止蹬车后车仍继续前行，是由于车具有惯性，要继续保持原来的运动状态。故D正确。 二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．一瓶矿泉水放在冰箱冷冻室里，过一段时间，水全部结成冰，则水结冰后（ ） A．质量变大 BC 【解析】 【详解】
质量是物体的一种属性，由物体所含物质的多少决定，不随物体的位置、状态、形状的变化而变化，所以水结冰后质量不变；根据密度的计算公式ρ＝得，V＝即可知，质量一定时，冰与水相比体积变大，则冰的密度变小。故AD不符合题意；故BC符合题意； 12．据你的生活经验判断，下列数据中接近生活实际的是 A．一个鸡蛋的质量大约是50g
B．小明上学时步行的速度大约是1.2m/s C．洗澡时水的温度大约为15℃ D．教室内每盏日光灯电功率大约是40W ABD 【解析】 【详解】
A、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤＝500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右，故A符合实际； B、中学生正常步行的速度在4km/h＝4×
B．质量不变
C．密度变小
D．密度不变
1m/s≈1.1m/s左右，接近1.2m/s，故B符合实际； 3.6C、人体正常体温在37℃左右，洗澡水的温度应该略高于体温，在40℃左右，不可能低到15℃，故C不符合实际；
D、家用电风扇的功率是40W，教室中日光灯的功率与此差不多，在40W左右，故D符合实际。 13．如图所示电路，开关闭合后，电源两端电压恒为6V．若电路中连接“3V 1.5W”的灯泡，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片至点a时，灯泡正常发光；若改接“4V 2W”的灯泡，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片至点b时，灯泡也正常发光，则
A．电流表在两种状态下示数均为0.5 A B．点a在点b的右侧
C．电压表在两种状态下示数之比是2：3
D．两种状态下，电路中灯泡与滑动变阻器的总功率相同 ABD
【解析】由电路图知道，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路中的电流。因为串联电路电流处处相等，由P=UI知道，“3V 1.5W”的灯泡正常发光时电路中的电流是：I1 =P1/U1=1.5W/3V=0.5A，“4V 2W”的灯泡正常发光时电路中的电流是：I2 =P2/U2=2W/4V=0.5A，所以，电流表在两种状态下示数均为0.5A，故A正确；
由I=U/R知道，两灯泡的电阻分别是：R1 =U1/I1=3V/0.5A=6Ω，R2 =U2/I2=4V/0.5A=8Ω，两种状态下电路中的总电阻是：R=U/I=6V/0.5A=12Ω，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻分别是：Ra =R-R1 =12Ω-6Ω=6Ω，Rb =R-R2 =12Ω-8Ω=4Ω，结合电路图知道，点a在点b的右侧，故B正确；
因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表在两种状态下示数之比是：
UVU?U16V?3V3故C错误；因为两种情况电源电压和电路中的电流均相等，所以由P=UI???，
UVnU?U26V?4V2知道，两种情况下，电路中灯泡与滑动变阻器的总功率相同，故D正确，故选ABD。 三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．在家庭用电的调查研究综合实践活动中，小明研究发现空调功率远大于冰箱，所以空调插头线比冰箱______________ (粗/细)，小明关掉空调后，冰箱仍在工作，这说明空调与冰箱是__________联的，他观察到空调上“能效比”EER 的值为3.4，经查阅资料，能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率之比，空调制冷时消耗的电功率为1000W，则空调制冷量为__________W。 粗 并 3400 【解析】 【详解】
在家庭用电的调查研究综合实践活动中，小明研究发现空调功率远大于冰箱，根据电流大，再根据
知，功率大则
知，若电阻较大，则导线发热功率大，可能烧坏电线甚至引起火灾，所以空调插
头线比冰箱粗，则电阻小，导线发热功率小，更安全；
小明关掉空调后，冰箱仍在工作，这说明空调与冰箱互不影响，是并联的；
他观察到空调上“能效比”EER 的值为3.4，经查阅资料，能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率之比，即
；
当空调制冷时消耗的电功率为1000W时，解得空调制冷量为：
。
【点睛】
牢记影响电阻大小的因素，即电阻是导体本身的属性，与材料、粗细、长度有关，当导体越粗时，电阻越小，在电路中的发热功率小，所以电流越大的用电器需要用的导线越粗。
15．如图甲是2018年1月31日沈阳奥体中心地区观测到的超级月全食，月食是由于光的_____形成的，图乙是在浑南三路拍摄到的彩虹，彩虹属于光的_____现象。
直线传播 色散 【解析】 【详解】
日食、月食、小孔成像等现象都是光的直线传播形成的现象；雨过天晴，天空出现了美丽的彩虹，这是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色的光，是光的色散现象。 16．人以0.5m/s的速度向竖直放置的平面镜走近，人在平面镜中像的大小________（变大/不 变/变小），经过2s像向平面镜走近________m． 不变 1 【解析】 【详解】
由于平面镜成的像与物大小相同，不论人离镜远还是近，它们大小都相同；又像与物到镜面的距离相等，2s＝1m． 所以相对于镜子，像与物有相同的速度，根据速度公式推导：s＝vt＝0.5m/s×【点睛】
1、平面镜成的像与物大小相同，像与物到镜面的距离相等；2、已知速度和运动时间，根据速度公式的变形可求出运动的路程．
17．民间艺人制作“糖画”时，先将糖化为糖浆，再用勺舀起糖浆在光滑的石板上绘制出蝴蝶、鱼等图案，等石板上的糖浆_________（选填“吸收”或“放出”）热量后就__________（填物态变化名称）成了如图所示的栩栩如生的“糖画”。
放出 凝固 【解析】 【详解】
艺人制作：“糖画”时，先将糖化为糖浆，糖浆再凝固为固体，凝固是放热过程。
所以糖浆在光滑的石板上绘制出蝴蝶、鱼等图案，等石板上的糖浆放出热量后凝固成栩栩如生的“糖画”。18．沿竖直向上的方向匀速缓慢拉动弹簧测力计来提升重物，此时弹簧测力计的示数如图中所示。已知物体重为6N，物体上升的高度为10cm，则在此过程中，该滑轮组的机械效率为___________。
83.3% 【解析】 【详解】
根据图示可知，测力计的分度值是0.2N，所以测力计的示数是2.4N，由图可知，此滑轮组由3段绳子承担物重，所以s=3h，该滑轮组的机械效率?=四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图所示，电源两端电压U为9V并保持不变，电阻R1阻值为10Ω．闭合开关S后，电流表A的示数I为1.2A．求：
W有用Gh6N?0.1m=?=83.3%。 W总Fs2.4N?3?0.1m电流表A1的示数I1；电阻R2的阻值。总电阻R的阻值。
（1）0.9A；（2）30Ω；（3）7.5Ω。 【解析】 【详解】
（1）由图可知，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测通过电阻R1的电流； 根据并联电路各支路两端的电压相等可知：U1＝U2＝U＝9V； 则电流表A1的示数：I1?U19V?=0.9A； R110Ω（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
II1＝1.2A?0.9A＝0.3A， 所以，通过电阻R2的电流：I2＝﹣R2的阻值：R2?U29V?=30Ω； I20.3A（3）电路的总电阻：R?U9V?=7.5Ω。 I1.2A答；（1）0.9A；（2）30Ω；（3）7.5Ω。
20．四轮太阳能汽车总质量为400kg，顶部安装了太阳能电池板，如图所示．太阳光照射到地面时单位面积上的辐射功率为1.2×103W/m2，汽车上的太阳能电池板的有效面积为5m2，这种车将太阳能转化成机械能的效率可达32%．
每个轮胎与地面的接触面积是25cm2，则太阳能汽车对地面的压强是多
少？正常运行时该车的功率可达多少kW？这辆汽车在某水平路面上匀速行驶时，受到的阻力为车重的0.02倍，则汽车在该水平面上匀速行驶的速度为多少米每秒？ （1）4×105Pa；（2）1.92kW；（3）24m/s． 【解析】 【详解】
（1）太阳能汽车对地面的压力：F?G?mg ＝400kg×10N/kg＝4000N，受力面积：S＝4×25cm2＝
F4000N??4?105Pa ； 2S0.01m100cm2＝0.01m2，太阳能汽车对地面的压强：p?103W/m2×5m2×32%＝1920W＝1.92kW； （2）由题意可得，太阳能汽车正常运行时该车的功率：P＝1.2×
（3）这辆汽车在某水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以该汽4000N＝80N，由P?车受到的牵引力：F′＝f＝0.02G＝0.02×速行驶的速度：v?WFs??Fv 可得，汽车在该水平面上匀ttP1920W?=24m/s. F?80N21．如图所示，定值电阻R0＝30Ω，滑动变阻器R的最大阻值为50Ω，灯泡L上标有“12V6W”的字样，忽略灯丝电阻的变化。闭合开关S、S1、S2，将滑片P移到最左端，灯泡L正常发光。求：
电源电压；灯泡L的电阻；此电路消耗的最大电功率；此电路消耗的最小电功率。：
（1）12V（2）24Ω（3）10.8W（4）1.8W 【解析】 【详解】
（1）闭合开关S、S1、S2，将滑片P移到最左端时，R0与L并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，且此时灯泡L正常发光，所以电源的电压U＝UL＝12V；
（2）由 可得，灯泡L的电阻： ；
（3）闭合开关S、S1、S2，将滑片P移到最左端时，R0与L并联，此时电路的总电阻最小，电路的总功率最大，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以电路的总电阻：
，此电路消耗的最大电功率
；
（4）当闭合S、S1，断开S2，将滑片P移动最右端时，R0与R的最大阻值串联，此时电路的总电阻最大，电路消耗的电功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以此电路消耗的最小电功率：
.
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．在图中标出小磁针的N极和通电螺线管下方那条磁感线的方向． （_____）
【解析】
试题分析：电流从螺线管的左端流入右端流出，结合线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管的左端为S极，右端为N极．
磁感线的方向是：在磁体的周围N极流出，回到S极．由于螺线管的右端为N极，由此可以确定磁感线的方向是向左的．
根据异名磁极相互吸引可以确定与螺线管左端S极靠近的是小磁针的N极，则小磁针的右端为S极．
23．请将电源、电流表，电压表三个元件的符号填入下图电路的虚线框内，并将电路补充完整．要求：开关S闭合后，电流方向如图所示，移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L变亮时，电压表的示数变小．
【解析】 【分析】
滑动变阻器改变灯泡的亮度，所以滑动变阻器和灯泡、电流表串联；灯泡变亮时其两端电压变大，而电压表示数变小，说明电压表和滑动变阻器并联，据此填充元件． 【详解】
根据电压表应与被测用电器并联，读图可知，左右两个位置不可能是电压表，则电压表应在中间的位置．根据移动滑动变阻器的滑片P，小灯L变亮时，电压表的示数变小，说明电压表测的是滑动变阻器两端的电压，则左侧的位置应该是电源，右侧的位置应该是电流表．且电源的正极朝下．如下图所示：
【点睛】
根据电压表应与被测用电器并联，电流表应与用电器串联，再结合移动滑动变阻器的滑片P，小灯L变亮时，电压表的示数变小可判断各元件的位置． 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24． “测小灯泡额定电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为4.5V的电源，额定电压为2.5V的待测小灯泡，电阻约为l0Ω，电流表（0～0.6A，0～3A），电压表（0～3V，0～15V），开关和导线若干．还有标有“10Ω 2A”的滑动变阻器A和标有“5Ω 1A”的滑动变阻器B．
（1）若小明设计电路如图甲所示，请选择合适的量程，并用笔画线代替导线将图甲的实验电路图连接完整__________-；
（2）本实验选择的滑动变阻器是_____（选填“A”或“B”）；
（3）当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时，观察到电压表示数如图乙所示，根据所选正确量程，其示数为_____V；
（4）为了测量小灯泡额定功率，此时应该将变阻滑的滑片P向_____（选填“A”或“B”）移动．当电
压达到小灯泡额定电压时，小灯泡正常发光，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为_____W．（5）小明综合分析实验数据发现，灯泡越亮时灯丝的电阻越大，说明灯丝的电阻_____．
A 2 B 0.5 随温度的升高而增大
【解析】 【分析】
（1）电流表、灯泡、滑动变阻器、开关串联接入电路；根据灯泡的额定电流选择电流表的量程，然后与小灯泡的左侧相连；根据小灯泡的额定电压选择电压表量程；
（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值即可选择器滑动变阻器的规格；
（3）根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；
（4）电压表的示数小于灯泡的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小；看清电流表的量程和分度值，读出电流表示数，利用P=UI求出其电功率；
（5）灯丝的电阻随温度的升高而增大． 【详解】
（1）灯泡的额定电压为2.5V，则电压表的量程为0～3V，且与灯泡并联； 小灯泡的额定电流约为：I?所示：
U2.5V??0.25A，则电流表的量程为0～0.6A，且与灯泡串联；如下图R10Ω
（2）灯泡正常发光时的电压等于额定电压UL=2.5V， 根据欧姆定律可知此时电路电流约为：I?U2.5V??0.25A， R10Ω滑动变阻器两端电压U滑=U﹣UL=4.5V﹣2.5V=2V， 此时滑动变阻器接入电路的阻值R滑?U2V??8Ω， I0.25A所以本实验中应该选择规格为“10Ω 2A”的A滑动变阻器；
（3）电压表使用0～3V量程，分度值为0.1V，故电压为2V；
（4）要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2V增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V为止；
电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，此时示数为0.2A，小灯泡正常发光，U=2.5V，则小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
（5）灯泡电阻随灯泡电压的升高而增大；原因是：随灯泡电压的升高，灯泡实际功率增大，灯泡温度升高，电阻变大，说明灯丝的电阻随温度的升高而增大． 25．如图1所示，是研究“磁场对通电导体的作用”的实验．
（1）开关闭合后，通电导体a从静止向右运动．这说明磁场对通电导体有______的作用． （2）仅把磁体左右换位，如图2所示．开关闭合后，通电导体a是否会向右运动？ 答:____________．原因是____________________________________________． （3）若要研究“通电导体的受力方向与电流方向的关系”，应把图1的电路如何改装? 答:______________________．
力 会 磁场和电流的方向都不变，受力方向不变，仍按原来方向向右运动 把电源正负极接线反接 【解析】 【详解】
（1）通电导体周围存在磁场，这个磁场与磁体的磁场相互作用，使通电导体受力改变运动状态开始运动． （2）通电导体在磁场中受到力的作用，这个力的方向与磁场方向和导体中的电流方向有关．仅把磁体左右换位，没有改变磁场方向，导体中电流方向也不变，所以通电导体a仍然会向右运动．
（3）若要研究“通电导体的受力方向与电流方向的关系”，应控制磁场方向不变、改变导体中的电流方向．所以只把图1的电路电源两极对调即可．
26．如图，小义用透明玻璃板、两只完全相同的蜡烛在水平桌面上研究平面镜成像的特点．
（1）用透明玻璃板代替平面镜，其目的是_____；
（2）在实验过程中，小义在桌面上无论怎样移动蜡烛B，都无法与蜡烛A的像完全重合，原因可能是_____； （3）当蜡烛B与蜡烛A像完全重合时，证明了_____，此时是用蜡烛B代替_____；
（4）移去蜡烛B，在蜡烛B的位置上放一光屏，光屏上_____（选填“能”或“不能”）承接到蜡烛A
的像．
既能成像，又能透光，便于确定像的位置及比较像与物的大小关系玻璃板没有与水平桌面垂直平面镜所成的像与物大小相等蜡烛A的像不能 【解析】 【详解】
（1）用透明的玻璃板代替平面镜，通过透明玻璃板，既能看到镜前蜡烛的像，又能看到镜后的蜡烛，便于确定像的位置及比较像与物的大小关系；
（2）用另一个完全相同的蜡烛B在玻璃板后的纸面上来回移动，发现无法让它与蜡烛A的像完全重合，是因为玻璃板和水平桌面没有垂直放置；
（3）因平面镜所成的像与物体是等大的，故当蜡烛B与蜡烛A像完全重合时，证明了平面镜所成的像与物大小相等，实验中用到转换法，此时是用蜡烛B代替蜡烛A的像；
（4）物体在平面镜中成虚像，用白纸放在虚像位置上，白纸上不能承接到像．
2019-2020学年中考物理模拟试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．日常生活中，处处有物理．下列分析正确的是（ ） A．鸡蛋碰石头，鸡蛋碎了，说明鸡蛋受到的力大于石头受到的力 B．汽车关闭发动机后会停下来，说明物体的运动需要力来维持 C．用力压钢尺，钢尺变弯，说明力可以改变物体的形状
D．短跑运动员冲过终点后，不能立刻停下，说明物体的速度越大则惯性越大
2．如图所示，小华站在地铁玻璃安全门外候车．地铁到站后，玻璃门向两侧打开，小华在左右两侧玻璃门中成像的情况分析正确的是
A．都成完整的像，两个像的间距等于两玻璃门的间距 B．在两侧玻璃门所成的像越来越小 C．都成完整的像，两个像的位置重合 D．各成半个像，合起来成一个完整的像
3．下列物态变化的过程中，吸收热量的是 （ ）春天，冰雪熔化 夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”秋天，清晨出现的雾 冬天，早晨在太阳照射下，草地上的霜消失． A．（1）（2）
B．（1）（4）
C．（2）（3）
D．（2）（4）
4．某同学用自制的水凸透镜完成凸透镜成像的实验。某次实验中在光屏上得到清晰倒立、缩小的像（如图所示），下列说法正确的是
A．此时凸透镜的焦距大于15 cm
B．将蜡烛远离凸透镜，应使光屏远离凸透镜才能再次得到清晰的像
C．继续向水凸透镜内注水，发现光屏上的像不清晰了，这时将光屏向透镜方向移动，又能得到清晰的像，说明透镜越凸，焦距越小
D．继续向水凸透镜内注水，发现光屏上的像不清晰了，这时将光屏向透镜方向移动，又能得到清晰的像，
这可以解释远视眼的形成原因 5．以下说法，不正确的是 ．．．
A．春日清晨，草叶上形成露珠是液化现象 B．夏天傍晚，院子里洒水利用汽化吸热降温 C．晚秋时节，瓦片上出现白霜是凝固现象 D．深冬时节，树枝上出现雾凇是凝华现象 6．关于声现象，下列说法正确的是 A．物体振动的越快，发出的音调越低
B．外科医生利用超声波振动除去人体内的结石是利用了声音传递能量 C．用真空罩罩住发声体减弱噪声的做法是控制噪声的产生 D．声音在不同介质中的传播速度都相同
7．冰棍是人们喜爱的一种冷饮，有关物态变化过程和现象下列说法正确的是（ ） A．冰棍制作的最后一个步骤是凝华过程
B．从冰箱拿出的冰棍包装袋上“白粉”的形成是凝固过程 C．打开包装袋，冰棍周围出现的“白气”是汽化现象 D．吃冰棍解热是因为熔化过程吸热
8．实验室里常常用验电器来检验物体是否带电，用被丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器的金属球，可发现验电器的两个金属箔会张开，对这一现象理解正确的是（ ） A．玻璃棒、金属箔，金属球都带正电，摩擦起电创造了电 B．两个金属箔都带正电，同种电荷互相排斥
C．金属箔带正电，金属球带负电，金属箔、金属球都是导体 D．玻璃棒带正电是绝缘体，金属箔和金属球都带负电是导体
9．清洁能源是指不排放污染物的能源．以下几种能源中属于清洁能源的是 A．天然气
B．煤
C．石油
D．太阳能
10．下列有关热值内能、比热容和热机效率的说法中，正确的是 A．燃料的热值越大，内燃机的热机效率越高 B．热机所用燃料的化学能转化的内能越多效率越高
C．为了防止热机过热，通常用水来降温，是利用水的比热容大的特性 D．物体的温度越高，内能越大
二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．关于力学知识下列说法正确的是
A．大海中并排航行的两条船容易相撞，是因为两船间的水流速快压强小 B．匀速行驶的汽车，从斜坡向上行驶的过程中动能不变
C．人造地球卫星由远地点向近地点运动的过程中动能转化为势能
D．踢出去的足球在场地上越滚越慢，是因为足球没有受到力的作用
12．石墨烯只有一个碳原子厚度的二维材料，如图所示．它具有许多奇特的属性：极强的抗拉力、优良的导电性和导热性、极高的硬度、高熔点、高透光性等，这种高新材料有可能代替硅成为新的半导体材料，发现石墨烯的两位俄裔科学家因此获2010年诺贝尔物理学奖．根据石墨烯的特性，你认为石墨烯可以用来制成
A．超级输电线 C．超级计算机
B．保温隔热材料 D．手机显示屏
13．如图所示，在“研究凸透镜成像规律”的实验中，光屏上出现了清晰的烛焰像．已知凸透镜的焦距为f，由此可以判断像距v和物距u所在的范围是
A．v 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．如图所示，磁悬浮地球仪应用了_______（选填“同”或“异”）名磁极相互排斥的规律：磁悬浮地球仪悬浮静止时，底座对地球仪的斥力与地球仪受到的重力_______（选填“是“或“不是”）一对平衡力． 15．我国独立自主建立的北斗卫星定位系统，可提供全天候的及时定位服务．卫星定位系统是利用____传递信息．光纤通信是利用光波在光导纤维中传输信息的一种通信方式，光导纤维是____（导体/绝缘体/半导体/超导体）． 16．小明家有一只电暖器，上面标有“220V110W”字样。当电暖器正常工作时，通过电热丝的电流是_____A 17．早餐时，小纯同学觉得豆浆不够甜、又往杯子内加了一勺糖，糖完全溶解后，发现液面并没有上升， 说明分子之间存在________，此时杯底受到的压强________（选填“增大”“减小”或“不变”）． 18．小敏同学利用如图所示的电能表测量家中一只容积为1L的电热杯的电功率．他只将该电热杯接入家庭电路，杯中装满30℃的水，用13min将水加热至沸腾，此过程中水吸收的热量是__________J；烧水时观察到电能表在1min时间内转盘转动108转，该电热杯的电功率是__________W．[在标准大气压下，c 水 =4.2×103J/（kg·℃）] 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为 20Ω．闭合开关S，电流表A1的示数为 0.3A，电流表A2的示数为 0.2A．求： 电源电压U；电阻R2的阻值． 20．风能是清洁环保的可再生能源，风力发电日益受到人们的重视．如图，某风力发电机工作时，通过叶 3 v为风速）片旋转面积的风力的功率P风＝3000v（其中．若风速10m/s，则发电机1h输出的电能约960kW?h， 求： （1）发电机的输出功率； （2）发电机的发电效率． 21．四轮太阳能汽车总质量为400kg，顶部安装了太阳能电池板，如图所示．太阳光照射到地面时单位面积上的辐射功率为1.2×103W/m2，汽车上的太阳能电池板的有效面积为5m2，这种车将太阳能转化成机械能的效率可达32%． 每个轮胎与地面的接触面积是25cm2，则太阳能汽车对地面的压强是多 少？正常运行时该车的功率可达多少kW？这辆汽车在某水平路面上匀速行驶时，受到的阻力为车重的0.02倍，则汽车在该水平面上匀速行驶的速度为多少米每秒？ 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22．请作出图中，滑轮组最省力的绕线方法． （_____） 23．如图甲为探究电流做功与电流大小的关系的装置，请用笔画线代替导线，将图甲中的实物连接图补充完整． 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．小宇用如图所示的装置探究“动能的大小与什么因素有关？”的实验步骤如下： （1）将质量为m的小球从光滑斜面上的A处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示； （2）将质量为m的小球从光滑斜面上的B处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示； （3）将质量为2m的小球从光滑斜面上的B处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图丙所示。 根据上述三次实验，回答下列问题： ①实验中小球动能的大小是通过观察比较_____反映出来的，这里用到了物理学研究问题的一种_____方法（选填“直接测量”、“放大”或“转换”）； ②为了探究动能的大小与物体运动速度的关系，应选用_____两个图来分析，并由此得出的实验结论是_____； ③分析乙、丙两图，得到的实验结论是_____；其中小球在光滑斜面上从B处滚到底端的过程中，小球的_____能转化为动能。 25．在“探究杠杆平衡条件”的实验中： ①为了消除杠杆自重对实验的影响，把质量分布均匀杠杆的_____作为支点． ②如图甲所示是已经平衡的杠杆，若在两侧的钩码下再各增加一个相同的钩码，杠杆会失去平衡，那么以下做法不能使杠杆重新平衡的是_____（填序号）． A．左侧的钩码下再增加一个相同的钩码 B．右侧钩码向左移动1个格 C．左侧钩码向左移动1个格 ③小明改用弹簧测力计做实验，如图乙所示，使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数_____1N（选填“大于”“小于”或“等于”）．（每个钩码重0.5N） 26．如图（a）是学校实验室型号相同的电子温度计，有几个已经损坏．小明想探究是否是“测温 头”（“测温头”就是一个热敏电阻）损坏． （一）他将损坏电子温度计的“测温头”拆下，用如图（b）所示的电路进行测量． （1） 请根据图（b）的电路图，将图（c）的实物电路连接完整． （______） （2） 小明将一个“测温头”接入电路，闭合开关，发现电流表和电压表的示数如图（d）所示，此测温头内部可能___________（断路/短路）． （3） 将其余“测温头”接入电路时，电流表、电压表的示数均如图（e）所示．小明猜想： ① 这些“测温头”内部__________（断路/短路）； ② 这些“测温头”的阻值都很__________（大/小）．小明将一个好的电子温度的“测温头”拆下，接入图（b）的电路中进行测量．结果电流表、电压表的示数仍如图（e）所示．由此验证了猜想②也是正确的． （二）小明调整了实验方案，利用微安表重新实验． （1）如图（f）所示是小明重新设计的实验装置，他记录了各“测温头”的多组“温度—电流”数据．在加热过程中，电压表的示数始终为1.5V不变，某温度时微安表的示数如图（g）所示，此时电流大小为__________μA，热敏电阻的阻值为__________Ω． （2）图（h）是小明根据实验数据绘制的三个“测温头”的“温度—电流”图像．由图像可知，灵敏度最高“测温头”是__________，其阻值随温度的升高而__________（增大减小）． 参考答案 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．C 【解析】 试题分析：鸡蛋碰石头时力是大小相等的，只所以鸡蛋破是因为鸡蛋的耐受力小；故A错误；关闭发动机后汽车会慢慢停下来，是因为受到摩擦力的作用．故B错误；用力压钢尺，钢尺变弯形状发生改变，说明力可以改变物体的形状，故C正确；惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大，与速度大小无关，故短跑运动员冲过终点后，不能立刻停下是由于有惯性，故D错误；故应选C。 【考点定位】运动和力 2．C 【解析】 【详解】 根据平面镜成像的特点可知，像与物到镜面的距离相等，像与物的连线与镜面垂直，像与物大小相同，在安全门向两侧打开后，人到镜面的距离不变，所以像的位置不变，在两个平面镜中都能成完整的像，且两个像的位置与原来像的位置重合，故C正确，ABD错误． 3．B 【解析】 【详解】 （1）春天，冰雪融化，物质由固态变成液态，属于熔化现象，熔化吸热； （2）夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”，是空气中的水蒸气遇到温度较低的饮料罐凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热； （3）秋天，清晨出现的雾，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热； （4）冬天，早晨在太阳照射下，草地上的霜消失，由固态直接变成气态，属于升华现象，升华吸热； 因此吸收热量的是（1）（4）。 4．C 【解析】 【详解】 A、由图可知，此时物距为30cm，成倒立、缩小的实像，则30cm＞2f，即f＜15cm，故A错误； B、将蜡烛远离凸透镜，物距变大，像距应变小，应使光屏靠近凸透镜才能再次得到清晰的像，故B错误； CD、当他继续向凸透镜内注水，使水凸透镜的焦距变小，透镜的聚光能力变强，光线会比注水前要提前交汇，所以像会向透镜方向移动，这说明透镜越凸，焦距越小；远视眼的成因是晶状体的折光能力变小，像呈现在视网膜的前方，故C正确，D错误； 5．C 【解析】露珠的形成是空气中的水蒸气液化，A正确；洒水可以利用水的蒸发来吸热降温，B正确；白霜、雾凇的出现，都是空气中的水蒸气凝华所致，C错误、D正确；故选C。 点睛：本题考查对物态变化现象的判断。（1）物质由固态变成液态叫做熔化，由固态变成气态叫做汽化，由固态直接变成气态叫做升华，这三种物态变化需要吸收热量；（2）物质由液态变成固态叫做凝固，由气态变成液态叫做液化，由气态直接变成固态叫做凝固，这三种物态变化需要放出热量。 6．B 【解析】 试题分析：音调的高低与频率有关，频率越快，音调越高，故A错误；外科医生利用超声波振动除去人体内的结石是利用了声音能传播能量．故B正确；用泡沫盒罩住发声体减弱噪声的做法是在声音的传播过程中减弱噪声，即阻断噪声的传播．故C错误；声音在不同介质中的传播速度一般不同．故D错误；故应选B． 【考点定位】声音的综合利用 7．D 【解析】 【详解】 A．冰棍是由液态变成的固态，属于凝固现象，故A错； B．冰棍包装袋上“白粉”是水蒸气直接变成的固态的冰，属凝华现象，故B错； C．冰棍周围出现的“白气”是周围的水蒸气变成的小水滴，属于液化现象，故C错误； D．吃冰棍解热是固态变成了液态，属熔化现象，故D正确； 应选D． 8．B 【解析】 试题分析：丝绸和玻璃棒摩擦，玻璃棒束缚电子的本领弱，失去电子带正电；丝绸夺得电子的本领强得到电子，多余电子带负电；带正电的玻璃棒接触不带电的验电器时，玻璃棒由于缺少电子，会从金属球上夺得电子，使金属球失去电子而带正电，金属球通过金属杆和两片金属箔相连接，故两片金属箔也带正电，故选B． 考点：验电器的原理及使用 9．D 【解析】 【详解】 A、天然气燃烧生成温室气体二氧化碳，不属于清洁能源，故A错误； B、煤在燃烧时能产生二氧化硫、一氧化碳、氮氧化物等空气污染物，不属于清洁能源，故B错误； C、石油在燃烧时能产生二氧化硫、一氧化碳、烟尘等空气污染物，不属于清洁能源，故C错误； D、太阳能不会产生任何污染，属于清洁能源，故D正确． 故选D． 10．C 【解析】 【详解】 A、用热值大的燃料，燃烧相同燃料可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量的比值不一定大，热机效率不一定得到提高，故A错误； B、热机效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出能量的比值，故B错误； C、水的比热容较大，与其他物质相比，相同质量、升高相同温度的情况下，吸热的热量较多，所以用水来降温，故C正确； D、物体的内能与物体的质量和温度都有关系，温度高，内能不一定大，故D错误。 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．AB 【解析】 【详解】 A、大海中并排航行的两条船容易相撞，是因为两船间的水流速快、压强小，两船外侧的水流速小、压强大，形成向内侧的压强差，故A正确； B、匀速行驶的汽车，质量和速度均不变，所以从斜坡向上行驶的过程中动能不变，故B正确； C、人造地球卫星由远地点向近地点运动的过程中，质量不变，相对高度减小，速度增大，所以势能转化为动能，故C错误； D、踢出去的足球在场地上越滚越慢，是因为足球受到摩擦阻力的作用，故D错误。 故选：AB。 12．ACD 【解析】 【详解】 A．超级输电线，利用了它的导电性好的特点，故A正确； B．保温隔热材料，要求导热性能差，而石墨烯具有优良的导电性和导热性，故B错误； CD．超级计算机、手机显示屏都利用了它的半导体特性，故CD正确． 故选ACD． 13．BC 【解析】 【详解】 由图示可知，凸透镜成倒立、缩小的实像，根据凸透镜成像的规律可知，此时μ＞2f，，2f＞v＞f，故应选BC。 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．同 是 【解析】 【详解】 同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引． 因为球体与底座是相互分离的，所以球体与底座之间一定是相互排斥的，即该悬浮地球仪是利用的同名磁极相互排斥的原理制成的； 因为球体静止在空中时受两个力的作用，一个是竖直向下的重力，一个是竖直向上的底座对它的斥力．在这两个力的作用下地球仪保持静止，所以这两个力是一对平衡力． 【点睛】 牢记二力平衡的条件是：二力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上．且要注意与相互作用力区分清楚． 15．电磁波 绝缘体 【解析】 【详解】 太空中没有空气，是真空，电磁波传播不需要介质，卫星定位系统是利用电磁波传递信息；光纤通信是利用激光在光导纤维中传输的一种通信方式；光导纤维的制备材料是二氧化硅，即玻璃丝，属于绝缘体． 16．0.5 【解析】 【详解】 由P＝UI可得，电暖器正常工作时通过它的电流：I＝＝17．间隙 增大 【解析】 【详解】 是因为分子之间存在间隙，所以糖溶解后，液面并没有上升，；但液体密度变大，根据p＝ρgh可知，此时杯底受到的压强增大． 18．2.94×105 2160 【解析】 【分析】 【详解】 水的质量：m=?V?1g/cm?10cm?1000g=1kg 333＝0.5A。 )?2.94?10J 水吸收的热量：Q吸?c水m?t?4.2?10J/(kg?℃)?1kg/(100℃?30℃1min内消耗的电能：W?35108r=0.036kW?h=1.296?105J 3000r/kW?hW1.296?105J电热杯的功率：P??=2160W t60s四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）6V（2）31Ω 【解析】 【详解】 （1）电源电压：U=U1=I1R1=1．3A×21Ω=6V． （2）电阻R1和R2并联，则U2=U1=6V， 所以R2?U26V＝?30?． I20.2A答：（1）电源电压为6V；（2）电阻R2的阻值为31Ω． 20．（1）9.6×105W（2）32% 【解析】 【详解】 （1）发电机的输出功率：P输＝ W960kwnh?960kW=9.6×105W； ＝ t1h（2）若风速10m/s，则风力的功率：P风＝3000v3＝3000×（10）3W＝3×106W，发电机的发电效率：η 9.6?105W＝×100%＝×100%＝32%． 6P风3?10W21．（1）4×105Pa；（2）1.92kW；（3）24m/s． 【解析】 【详解】 （1）太阳能汽车对地面的压力：F?P输G?mg ＝400kg×10N/kg＝4000N，受力面积：S＝4×25cm2＝ F4000N5??4?10Pa ； 2S0.01m100cm2＝0.01m2，太阳能汽车对地面的压强：p?103W/m2×5m2×32%＝1920W＝1.92kW； （2）由题意可得，太阳能汽车正常运行时该车的功率：P＝1.2× （3）这辆汽车在某水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以该汽4000N＝80N，由P?车受到的牵引力：F′＝f＝0.02G＝0.02×速行驶的速度：v?WFs??Fv 可得，汽车在该水平面上匀ttP1920W?=24m/s. F?80N五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22． 【解析】 【详解】 只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上， 绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示． 23． 【解析】 【详解】 探究电流做功跟电流的大小之间的关系时，要保持电压相同、通电时间相同，即要将两电阻并联，用两只电流表测出通过两电阻的电流，电流表可选用小量程，开关应接在干路上，如图所示： 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．木块在水平面上移动的距离转换甲乙物体的质量一定时，速度越大，动能越大物体的速度一定时，质量越大，动能越大重力势 【解析】 【详解】 ①小球动能大小不能直接测量，而是通过小球推动木块在水平面上移动的距离来反映的，采用了转换法。 ②甲乙两图中两球的质量相同，但高度不同，这样小球到达底端时的速度不同，高度越高，小球到达水平面时的速度越大，所以可以探究动能大小与速度的关系； 速度越大的小球，撞击木块时，木块移动的距离越远，说明小球的动能越大，由此可以得出的结论是：物体的质量一定时，速度越大，动能越大。 ③乙丙图中两球的质量不同，高度相同，小球到达底端时的速度相同，所以可以探究动能大小与质量的关系；质量大的小球撞击木块时，木块移动的距离远，说明小球的动能越大；由此可以得出的结论是：在速度一定时，物体的质量越大，动能越大； 小球在光滑斜面上从B处滚到底端的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变快，动能增加，重力势能转化为动能。 25．中点 C 大于 【解析】 【详解】 ①把质量分布均匀的杠杆中点置于支架上，杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响； ②如图1所示，是已经平衡的杠杆，若在两侧的钩码下再各增加一个相同的钩码，根据杠杆的平衡条件，左侧，3G×2l＝6Gl，右侧，2G×4l＝8Gl， A、左侧钩码下再增加一个相同的钩码，4G×2l＝8Gl＝8Gl，故杠杆能重新平衡； B、右侧钩码向左移动1个格，2G×3l＝6Gl＝6Gl，故杠杆会重新平衡； C、左侧钩码向左移动1个格，3G×3l＝9Gl≠8Gl，故杠杆不会重新平衡． ③根据杠杆的平衡条件，所以4G×2l＝F×4l，F＝2G=1N，因为拉力的力臂小于4l，所以F＞1N． 26． 短路 断路 大 150 10000 A 减小 【解析】 【详解】 （一）（1）根据电路图连接实物图，电流从电源正极出发，依次流经开关、滑动变阻器、电流表、测温头回到电源负极，同时注意滑动变阻器应接在B处以满足滑片P向右滑时接入电路阻值变小，同时电流表选择0~0.6A、电压表选择0~3V的量程（并联在测温头两端），注意正极流入负极流出，具体连接情况如下： （2）从图（d）中可以看出，电流表有示数，即代表电路中有电流经过，电路是通路，并且电压表示数为0，说明测温头没有断路而是处于短路状态； （3）将其余“测温头”接入电路时，电流表、电压表的示数均如图（e）所示，电流表示数为0，说明电路中无电流通过，且电压表示数为3V，有两种可能：①可能这些“测温头”内部处于断路，所以电路中无电流通过，且此时电压表测量电源电压；②可能这些“测温头”的阻值很大，电路中电流非常微弱，所以电流表示数几乎为0，“测温头”由于阻值过大，分压增多，其两端几乎等于电源电压3V。 （二）（1）观察微安表（g）可知，其量程为400uA，分度值为10uA，表中示数为150uA，根据欧姆定律可知热敏电阻的阻值为：R热?U热1.5V1.5V===10000?； -4I热150uA1.5?10A（2）观察图像（h）可知，A、B、C三个“测温头”，大的趋势均是随温度升高电流增大，且A“测温头”随温度升高电流增大最为明显（C次之，B几乎无变化），所以灵敏度最高的“测温头”是A。 2019-2020学年中考物理模拟试卷 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．如图所示是一种英语听力播放控制装置的原理图.“播放器”是有电流通过时会播放声音的装置;“定时开关”在电路刚接通时，处于“闭合”状态，达到设定时间后能自动断开.下列选项中正确的是 A．闭合开关S，指示灯立刻发光，播放器立刻播放声音 B．到达设定时间后，指示灯保持发光且亮度不变 C．到达设定时间后，播放器立刻开始播放声音 D．“定时开关”断开前后，“指示灯”和“播放器”分别处于并联和串联状态 2．如图的四种情景，属于光的折射现象的是 A． 日偏食 B． 湖边夜景 C．筷子变弯折 D．汽车观后镜 3．先用餐巾纸摩擦一饮料吸管使其带电，然后将它放在支架上。当用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近吸管的一端时，两者相互吸引，如图所示。则 A．吸管与玻璃棒带同种电荷 B．餐巾纸摩擦过的吸管带正电 C．餐巾纸与吸管摩擦时，吸管得到电子 D．餐巾纸与吸管摩擦时，吸管上的部分正电荷转移到餐巾纸上 4．如图所示，对于图中所述的物理过程，下列分析正确的是（ ） A．图甲，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大 B．图乙，试管内的水蒸汽推动塞子冲出时，水蒸气的内能减少 C．图丙，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大 D．图丁，小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作的 5．以下事例中，能够说明声音产生原因的是（ ） A．声波可以清洗钟表 B．两名宇航员在太空中不能直接对话 C．将正在发声的音叉接触平静水面，在水面上激起水波 D．在一根长钢管的一端敲击一次，从另一端可以听到两次敲击声 6．下列关于光现象及其形成原因的说法，错误的是（ ） A．黑板反光﹣﹣光的漫反射 C．树下光斑﹣﹣光沿直线传播 B．水中倒影﹣﹣光的反射 D．雨后彩虹﹣﹣光的折射 7．我们学过的许多成语包含了声现象，如：①隔墙有耳、②掩耳盗铃、③低声细语、④悦耳动听、⑤震耳欲聋．这些成语中描述同一声音特征的是 A．①② B．②⑤ C．③④ D．③⑤ 8．如图所示的光现象中，与杯弓蛇影成像原理相同的是（ ） A．树荫下的光斑 B．海市蜃楼 C．路口反光镜 D．雨后彩虹 9．某兴趣小组以相同的烧杯盛等量的水，以相同的热源同时加热．如图所示，甲杯为隔水加热，乙杯为隔油加热，丙杯为隔砂加热，加热一段时间后，测得烧杯外物质的温度分别为水温100℃、油温300℃、砂温600℃，且观察到乙、丙两烧杯中的水呈沸腾状态，则三杯水的温度高低顺序为（ ） A．t甲＞t乙＞t丙 B．t甲=t乙=t丙 C．t甲＜t乙=t丙 D．t甲＜t乙＜t丙 10．一密封的圆台形容器，其横截面如图所示，内装一定质量的水，若把它倒置，则水对容器底面的作用情况是（ ） A．压强减小，压力增大 C．压强增大，压力增大 二、多选题（本大题共3小题，共12分） B．压强减小，压力减小 D．压强增大，压力减小 11．随着生活水平的提高，扫地机器人逐步进入普通家庭，如图所示．扫地机器人具有主动躲避障碍物、自动吸尘、自动返回充电等诸多智能功能，以下关于扫地机器人说法正确的是 A．机器人在自动吸尘过程中利用了流体压强与流速的关系 B．机器人内电动机工作原理是磁场对通电导体有力的作用 C．机器人在自动充电过程中主要把化学能转化为电能 D．扫地机器人能够主动地躲避障碍物是利用了超声波 12．在如图所示的电路中，A、B两点之间电压U保持不变，电路连接完好。当滑动变阻器的滑片P向右滑动时 ，下列说法不正确的是 A．电压表V1和电流表A的示数之比不变 B．电压表V2和电流表A的示数之比不变 C．电压表V1示数的变化量和电流表A示数变化量比值的绝对值 ?U1增大 ?I?U2不变 ?ID．电压表V2示数的变化量和电流表A示数变化量比值的绝对值 13．如图所示是从北京南站到上海虹桥站的高铁运行时刻表，根据表中给出的信息，下列说法错误的是( ) A．高铁全程运行1318km B．高铁从北京南站至枣庄站的平均速度为250.8km/h C．高铁在无锡东站停车时间为10min D．高铁从南京南站到常州北站的运行速度比从北京南站至枣庄站的平均速度快 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．里约奥运中国女排姑娘团结协作，顽强拼搏逆转夺冠，振奋国人．如图所示比赛中头号功臣朱婷飞身跃起重扣，球砸在对方界内，这是因为力可以改变物体的_____，球在落向地面的过程中，它的惯性_____，重力势能_____．（后两空均选填“改变”或“不变”）． 15．科学兴趣小组的学生在野生动物园游玩时，发现了大象行走时留在平整沙地上的一串大小、深度基本相同的脚印，如何通过脚印来估测大象的质量呢?同学们找来平底圆柱形容器，将它放在脚印边同样的沙面上，不断往容器中装小钢珠，使容器陷入沙面的深度和脚印深度相等，然后又做了脚印的石膏模型.回到学校后测得该容器的底面积为10 cm2，容器和小钢珠的总质量为25kg．把石膏模型放在一张纸片上画出脚印形状，剪下“脚印”，测得质量为40克.在同一张纸上剪下一块边长10cm的正方形，测出质量为5 g．（ g=10N/kg）利用平底圆柱形容器可以算出行走（两脚着地）时大象对地面的压强为_______帕．大象的质量约为_________千克． 16．如图所示的杠杆(自重和摩擦不计)，O是支点，A处挂一重为50N的物体，为保证杠杆在水平位置平衡，在中点B处沿_____(选填“F1”、“F2”或“F3”)方向施加的力最小，为_____N，此时它是_____杠杆． 17．如图，龙舟比赛中选手其中一手撑住桨的末端(视为支点)，另一手用力划桨，此时船桨属于________104N，则龙舟所受浮力为__________.杠杆（填“省力”、“费力”或“等臂”).若龙舟和运动员的总重力为2.5× 当运动员离开龙舟后，龙舟所受的浮力__________（选填“减小”、“不变”或“增大”）． 18．2019年1月16日，我国“氢弹之父”、两弹元勋、改革先锋于敏，在北京溘然长逝，享年93岁。氢弹是利用氢核的_____（选填“裂变”或“聚变”）在瞬间释放的能量，核能是_____（填“可再生”或“不可再生”）能源 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．2016年CYCC中国房车锦标赛分站赛于7月5日至7月7日在江苏盐城国际赛车场举行。某一型号103kg，受到的阻力为车重的的房车在一段平直公路上匀速行驶了56km，用时半小时，车的总质量为3× 0.1倍（g=10N/kg）求：该房车的行驶速度；该房车牵引力所做的功：已知这一过程消耗燃油1.5×10-2m3，107J/kg）则热机的效率为多少?（假设燃油完全燃烧，燃油密度ρ=0.8×103kg/m3，燃油热值q为4.5×。 20．考古工作者在河底发现了古代的石像，经潜水者测量它的体积约为2m1．如图所示，在打捞石像的过程中，考古工作者用动滑轮将石像匀速提升，需要竖直向上的拉力F=1.6×104N．在没有将石像提出水面前，若不计摩擦和滑轮重力，（ρ水=1.0×101kg/m1，g=10N/kg）求： 石像受到的浮力．石像的重力．若将石像提升了1m，石像受到水的压强减少了多少？ 21．在如图所示的电路中，电源电压为9伏且保持不变．先闭合电键S1， 电流表示数为0.3安，再闭合电键S2， 电流表的示数为0.5安．求： ① 电阻R1的阻值． ②通过电阻R2的电流I2及R2的电阻值． 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22．如图所示．一束光线经平面镜反射后，过凸透镜的焦点F射向凸透镜．请在图中画出射向平面镜的入射光线和经凸透镜后的折射光线，并标出入射角的度数． （______） 23．电视机的遥控器通过发射一种不可见光—红外线，来实现对电视机的控制．有时不把遥控器对准电视机的控制窗口，而是对着墙壁按一下按钮，利用光的反射也可以控制电视机．请在图中画出红外线经过墙壁反射的光路． 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．现有下列器材：学生电源（6V），电流表（0﹣0.6A，0﹣3A）、电压表（0﹣3V，0﹣15V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、开关、滑动变阻器和导线若干，利用这些器材探究“电压不变时，电流与电阻的关系” 请根据图甲所示的电路图用笔 画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路________．（要求连线不得交叉）实验中依次接入三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象．由图象可以得出结论：______________．上述实验中，小强用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，向_____（选填“A”或“B”）端移动滑片，使电压表示数为_______V 时，读出电流表的示数．为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器______________． A．50Ω 1.0A B．30Ω 1.0A C．20Ω 1.0A． 25．研究机械能守恒与平抛运动： （1）物体动能与物体的质量和物体运动速度有关，从物理资料中找到如下数据： 实验次数 质量m/kg 速度v/(m/s) 1 0.1 1 2 0.1 2 3 0.1 3 4 0.2 1 5 0.3 1 6 0.4 1 动能Ek/J 0.05 0.2 0.45 0.1 0.15 0.2 由数据可以推断：动能Ek与质量m、运动速度v关系的数学表达式为Ek=k________.其中k= 1． 2 如图甲，质量为m的小球从高度为h的光滑斜面顶端由静止自由滑下，到达斜面底端的速度为v，此过程机械能守恒，关系式mgh=Ek成立．如图乙，将物体以一定的初速度v0沿水平方向抛出（不计阻力），物体做平抛运动，在水平方向运动的距离x=v0t，在竖直方向下落的高度y=中的图线____表示． （2）如图丁所示，小球从高度为h1的光滑斜面AB由静止自由滑下，经过高度为h2的光滑桌面BC后做平抛运动，落地点与桌边的距离为s．请推理证明：s=2h1h2 ________ 12 gt，则y与t2的关系可用丙图2 26．小美同学做“测定小灯泡的电功率”实验，现有学生电源（电压为2伏的整数倍且保持不变）一个、分别标有“2.5V”和“3.8V”字样的待测小灯各一个、电压表一只、电流表一只，滑动变阻器（标有“5Ω 3A”、“20Ω 2A”字样）各一个，电键一个，导线若干。他先正确串联实验器材，然后将电压表并联在电路中。闭合电键，当划片移到某位置时，小灯恰好正常发光，此时他将观察到的电压表和电流表的示数（如图所示）分表记录到实验单上。 （1）能否据此判定该实验中电压表并联在哪部分电路两端？并请说明理由。___________ （2）小高同学看了小美同学记录的信息，做出了电压表读数的如下分析判断： 因为小灯正常发光，由如图（a）可知：Ie?0.3安，此时，变阻器接入电路的阻值一定大于其最大阻值。所以，Ue?IexR最大?0.3安?20欧?6伏。因此，电压表读数为11伏。 你认为小葛的分析判断是否正确？为什么？____________ （3）由此可以分析得出：小要在实验中选用的小灯是标有_______字样的，滑动变阻器标有________字样，小灯的额定功率为______瓦。 参考答案 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．C 【解析】 闭合开关S，“定时开关”在电路刚接通时，处于“闭合”状态，播放器被短路，所以指示灯立刻发光，播放器不能播放声音，故A错误． 达到设定时间后，“定时开关”自动断开，播放器和指示灯串联，电路中的总电阻变大，由I?电路中的电流变小，由P=I2R可知灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故B错误． 到达设定时间后，“定时开关”自动断开，播放器和指示灯串联，电路中有电流，播放器立刻开始播放声音，故C正确为答案． “定时开关”断开前，播放器被短路，电路中只有指示灯．“定时开关”断开后，“指示灯”和“播放器”串联，故D错误． 2．C 【解析】 【详解】 A、日食是由于光的直线传播形成的，是由于月亮挡住了太阳沿直线照向地球的光，故A不符合题意； B、平静的湖面相当于平面镜，水中夜景的倒影相当于平面镜成的像，是光的反射原理，故B不符合题意； C、光在水面发生折射，人看到的水下的筷子是虚像，比实际向上弯折，是由于光的折射形成的，故C符合题意； D、汽车的观后镜是凸面镜，它可以扩大视野，是光的反射原理，故D不符合题意。 3．C 【解析】 【详解】 A、吸管与玻璃棒相互吸引，它们带的是异种电荷，故A错误； B、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，玻璃棒与吸管相互吸引，异种电荷相互吸引，则吸管带的是负电，故B错误； U可知，RCD、吸管带负电，是因为吸管与餐巾纸摩擦的过程中得到了电子，而餐巾纸失去电子带正电，故C正确，D错误。 4．B 【解析】 【详解】 A．图甲，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能减小，故A错误； B．图乙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故B正确； C．图丙，汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，气缸内气体的内能减少，故C错误； D．图丁，小蒸汽轮机利用内能转化成机械能来工作的，故D错误； 故选B。 【点睛】 (1)根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题； (2)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。 5．C 【解析】 试题分析：A．声波可以清洗钟表，说明声音可能传递能量； B．两名宇航员在太空中不能直接对话，说明真空不能传播声音； C．将正在发声的交叉接触平静水面，在水面上激起水波，说明了音叉在振动； D．在一根长钢管的一端敲击一次，从另一端可以听到两次敲击声，说明声音在固体中传播声音比在空气中快． 考点：声音的产生和传播 6．A 【解析】 A. 黑板反光﹣﹣是黑板部分地方较光滑而产生的镜面反射现象，故A错误； B. 水中倒影﹣﹣即平面镜成像现象，由光的反射形成，故B正确； C. 树下光斑﹣﹣是小孔成像现象，由光沿直线传播形成，故C正确； D. 雨后彩虹﹣﹣是光的色散现象，由光的折射形成，故D正确； 故A错误，符合题意． 点睛：重点是光的直线传播、反射、折射所形成的现象，身边有很多例子，是比较容易区分的，注意理论联系实际，多总结． 7．D 【解析】 【详解】 ①隔墙有耳说明固体可以传播声音； ②掩耳盗铃指在人耳处减弱噪声； ③低声细语指声音的响度小； ④悦耳动听指声音的音色好； ⑤震耳欲聋指声音的响度大． 故D符合题意． 8．C 【解析】 【分析】 【详解】 杯弓蛇影是挂在墙上的弓映在酒杯里，其实质是光的反射．A. 在浓密树阴下的地面上出现许多光斑是利用了光在同一均匀介质中沿直线传播的道理．故不符合题意；B. 海市蜃楼是光在沿直线方向传播时，在密度不均匀的空气层中，经过折射造成的结果，故不符合题意；C．路口反光镜从中可以看到更广的地方，说明路口反光镜对光具有发散作用，是光反射作用的结果，故符合题意D. 雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的．故不符合题意．故选C 【点睛】 ①光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等．②光在同一均匀介质中是沿直线传播的，应用的实例有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象；③光的反射是指光线遇到障碍物被反射回来的现象，比如我们平时看到的物体，平面镜成像等． 9．B 【解析】 以相同的烧杯盛等量的水，以相同的热源同时加热．甲杯中水的温度达到100℃，由于与杯外水的温度相同，不能继续吸热，所以甲杯中水不沸腾；乙和丙杯中的水沸腾，说明此时两杯中水的温度为沸点100℃，水沸腾时吸收热量但温度不再升高．因此三杯水的温度相同，故D正确为答案． 10．D 【解析】 【分析】 先分析水对容器底的压强，由液体压强公式P=ρgh，只需分析当把容器倒置过来后，h有何变化，就可以得出压强如何变化． 分析水对容器底的压力，我们就需要用公式F=PS进行分析．而直接用这个公式还不能分析出水对容器底 的压力变化情况，因为倒置过来后水对容器底的压强变大了（h变大了），而容器底面积却变小了，所以压强与容器底面积的乘积是变大了还是变小了，我们就无法判断出来．所以我们还需要寻找一个量，通过这个量把第一次和第二次水对容器底的压力联系起来，从而进行比较． 第一次，水对容器底的压力大于水的重力．理由：水对容器底的压力是以S大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比容器中的水多，所以水对容器底的压力大于水的重力； 第二次，水对容器底的压力小于水的重力．理由：水对容器底的压力是以S小为底面积，h′为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比容器中的水少，所以水对容器底的压力小于水的重力． 由此就可得出第一次和第二次水对容器底的压力变化情况了． 【详解】 设如图放置时的底面积为S大，倒置过来后的底面积为S小， 因为水的体积一定，所以倒置过来后水的高度增大了，则根据液体压强公式P=ρgh可知，倒置过来后水对容器底的压强变大了． 第一次水对容器底的压力：F=PS=ρghS大，即水对容器底的压力是以S大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水多，所以水对容器底的压力大于水的重力．如图： 第二次水对容器底的压力：F′=P′S小=ρgh′S小，即水对容器底的压力是以S小为底面积，h′为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水少，所以水对容器底的压力小于水的重力．如图： 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．ABD 【解析】 【分析】 【详解】 A. 吸尘器工作时，由于其内部空气流速增大，压强减小，所以尘土在周围大气压的作用下被压入吸尘器中，故A正确； B. 机器人内电动机制作原理是磁场对通电导体有力的作用，故B正确； C. 机器人在自动充电过程中主要把电能转化为化学能的过程，故C错误； D. 机器人利用超声波反射定位能更精准地主动躲避障碍物，符合超声波的应用，故D正确； 12．BC 【解析】 【分析】 由电路图可知，R1、R2、R3串联，V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表串联在电路中；当滑片向右滑动时，分析滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，结合欧姆定律和串联电路的特点对选项逐一分析得出答案。 【详解】 R1?UV1IAUV2IA，R1与P的滑动无关，R1为定值，故V1和A的示数之比不变，故选项A正确； R2?，P向右滑动，R2变大，因此V2和A的示数之比变大，故选项B不正确； U1U1'U1'?U1nU1R1??'?'?，所以V1和A示数变化量的比值绝对值不变，故选项C不正确； I1I1I1?I1nI又UV1+UV2+UR3＝U，故|△U2|＝|△UV1|+|△UR3|，即 nUV1nUR3nU2???R1?R3，所以电压表V2示数的变化量和电流表A示数变化量比值的绝对值不nInInI变，故选项D正确。 13．BCD 【解析】 【详解】 A．由图表可知，从北京南——上海虹桥全程是1318公里，即1318km，故A正确； B．差表知高铁从北京南站到枣庄站里程是627km，所用时间7:00—9:31，共计2小时31分，平均速度 627kmsv==31=249.1km/h，故B错误； t2h60C．从表中可知，高铁11:54到达无锡东站，11:55发车，停留时间1min，故C错误； D．由表查知，南京南到站到常州北站距离1153km-1023km=130km，时间11:03—11:35共计32min，平 130kms=243.75km/h＜249.1km/h，故D错误。 均速度v==32ht60三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．运动状态 不变 改变 【解析】 【详解】 女排比赛中头号功臣朱婷飞身跃起重扣，改变了排球的运动方向，球砸在对方界内，是因为力可以改变物体的运动状态；球在落向地面的过程中，质量不变，所以它的惯性不变；高度降低，所以重力势能变小，即发生改变． 15．2.5 ×105， 4000 【解析】 10N/0.001㎡=\105Pa 大象对地面的压强和钢珠对地面的压强相同，所以P=F/S=25×1/5×100cm2=800cm2=0.08㎡ 大象脚印的面积为：40× 105Pa×0.08㎡×2=2×104N， 由P=\得F=\ 104N/ 10N/kg =4×103kg． 由G=mg得m=\16．F2 100 费力 【解析】 【详解】 为使拉力最小，动力臂要最长，拉力F的方向应该垂直杠杆向上，即竖直向上（F2），动力臂为OB最长；杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件：F2×OB=G×OA，由于OA是OB的二倍，所以：F2=2G=2×50N=100N；由于动力臂小于阻力臂，此时它是费力杠杆。 17．费力 2.5×104N 减小 【解析】 龙舟比赛中选手一手撑住桨的末端（视为支点），另一手用力划桨，此时动力臂小于阻力臂，船桨属于费力杠杆． 104N，当运动员离开龙舟后，龙舟的总重龙舟漂浮在水面上，所受浮力等于自身重力，所以F浮=G总=2.5×减小，龙舟所受到的浮力减小． 18．聚变 不可再生 【解析】 【详解】 氢弹是利用氢核的聚变在瞬间释放的能量；核能使用后，不可能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）112km/h；（2）1.68×108J；（3）31% 【解析】 【详解】 （1）该房车的行驶速度：v= s56km==112km/h； t0.5h103kg×10N/kg=3×104N，车受到的阻力：f=0.1G=0.1×3×104N=3×103N，由于车匀速行（2）车重G=mg=3× 103N，牵引力做功：W有用=Fs=3×103N×56000m=1.68×108J； 驶，则牵引力F=f=3×（3）由ρ= mm=ρV=0.8×103kg/m3×1.5×10-2m3=12kg，得，消耗燃油的质量：燃油完全燃烧放出的热量（消 V4.5×107J/kg=5.4×108J，热机的效率：耗的总能量）：W总=Q放=mq=12kg× η= W有用W总1.68?108J×100%=×100%=31%。 85.4?10J20．（1）2×104N；（2）5.2×104N；（1）1×104Pa； 【解析】 【详解】 （1）石像受到的浮力： F浮=?水gV排=1.0?101kg/m1?10N/kg?2m2=2?104N （2）不计摩擦和滑轮重力，根据F==2?1.6?104N?2?104N=5.2?104N （1）若将石像提升了1m，石像受到水的压强变化量： 1(G-F浮)可得石像的重力：G=2F?F浮2np=?水gnh=1.0?101kg/m1?10N/kg?1m=1?104Pa. 21．（1）30Ω（2）0.2A（3）45Ω 【解析】 【分析】 【详解】 ①由电路图知道，当只闭合S1 时，只有R1 接入电路，电流表测量通过R1 的电流，由I?R1的阻值是：R1?U 知道，电阻R U9V??30Ω； I10.3A②当再闭合电键S2时，R1、R2并联，电流表测量干路的电流，又因为此时电流表的示数为0.5安，所以，由并联电路的特点知道，通过电阻R2的电流I2是：I2?0.5A?0.3A?0.2A， U9VUR???45Ω. 由I?知道，电阻R2的阻值是：2I0.2AR2五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22． 【解析】 【分析】 【详解】 -30°=60°过平面镜的反射点垂直镜面作出法线，因为反射光线与镜面的夹角为30°，则反射角为：90°，则入射角也为60°，根据入射角等于60°在法线右侧作出入射光线，并标出入射角； 过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；如图所示： 23． 【解析】 【详解】 先作出电视机的像点，再连接像点与遥控器，交于墙壁的点为入射点，再连接电视机与入射点，遥控器发出红外线，经过墙壁反射后到达电视机，据此标出传播方向。如下如所示： 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24． 电压一定时，导体中的电流与电阻成反比 A 2 A 【解析】 【详解】 （1）将电压表与电阻并联，滑动变阻器与电阻串联，已接了下面一个接线柱，可再接上面任意一个接线柱，如上图所示；（2）分析图丙图象，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积都等于2V，由此得出结论：电压一定时，导体中的电流与电阻成反比；（3）将5Ω的电阻更换为10Ω的电阻接入电路后，定值电阻两端的电压增大，要使电压表的示数不变，应减小电路中的电流，增大滑动变阻器接入电路中的电阻即滑片向A移动，直到电压的示数达到2V为止；（4）由图丙知，电路的最小电流I=0.1A，此时滑动变阻器接入U滑=U﹣UR=6V电路的阻值最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：﹣2V=4V，由I=U/R可得，滑动变阻器接入电路的阻值：R滑=U滑/I=4V/0.1A=40Ω，则选用变阻器的规格 为“50Ω 1.0A”． 25．mv2 a 推理证明见解析 【解析】 【分析】 【详解】 （1）分析表中数据，由数据可以推断：动能Ek与质量m、运动速度v关系的数学表达式为Ek=kmv2，其 1．将物体以一定的初速度v0沿水平方向抛出(不计阻力)，物体做平抛运动，在水平方向运动的距21离x=v0t，运动时间为t，在竖直方向下落得高度y=gt2， 2中k= 因此，下落高度y与运动时间t的2次方成正比，即图像为过原点的直线，故图像为a． （2）如图丁所示，小球从高度为h1的光滑斜面AB由静止自由滑下，经过高度为h2的光滑桌面BC后做平抛运动，则过程中机械能守恒，∵mgh= 1211mv，∴mgh1=mv2B=mv2C，∴v2C=2gh1 22212s2gs121h2=gt，)=2又∵小球从C点开始做平抛运动，∴s=vCt，∴h2=g(，∴s2=4h1h2，∴s=2h1h2． v22C2gh126．1.1伏 3.8V “10Ω 1A” 实验中电压表并联在滑动变阻器两端 小葛的分析判断是错误的；1.14 【解析】 【详解】 （1）由题意，当滑片移到某位置时，电流表、电压表的示数分别如图所示时，小灯泡恰好正常发光。由指针的位置，若使用大量程0-15V，分度值为0.5V，示数为11V；若使用小量程0-3V，分度值为0.1V，示数为1.1．，电流表使用小量程，分度值为0.01A，电流大小为0.3A；又因灯上标有“1V”和“3.8V”字样，且电源电压为1伏的整数倍且保持不变： ①先判断电路的连接关系： 若灯与变阻器并联在电路中，则电压表示数即为电源电压，无论11V还是1.1V，都不是1V的整数倍，所以可判断出灯与变阻器不是并联在电路中，而应是串联在电路中的； ②判断电压表的示数和连接位置： 若电压表示数为11V，因11V大于3.8V，大于1V，所以电压表不可能直接并联在灯的两端，也不能并联在电源的两端（因为11V不是1V的整数倍），若并联在变阻器的两端，根据串联电路电压的特点，此时，电源电压为11V?3.8V?14.8V或11V?2.2V?13.2V均不是1V的整数倍，所以电压表的示数为11V是不可能的，只能为1.1V；因2.2V?2V，2.2V?3.8V，所以电压表不能直接并联在灯的两端，更不能并联在电源的两端（1.1V不是1V的整数倍），由此可确定电压表只能并联在变阻器的两端，且示数为1.1V； （1）小葛的分析判断是错误的，若使用“10Ω 1A”的变阻器，其连入电路的阻值不可能大于10Ω；并且电 压表示数若为11V，那么电源电压为11V?2V?13V或11V?3.8V?14.8V，都不是1V的整数倍； （3）若使用额定电压为1V的灯，根据串联电路电压的特点，则电源电压为1V+1.1V=4.1V不是1V的整数倍，不符合题意； 若使用额定电压为3.8V的灯，因电源电压为3.8V?2.2V?6V，符合电源电压是1V整数倍的条件。所以灯的额定电压为3.8V，且电源电压为6V；因为电路的电流大小为0.3A，所以变阻器连入电路中的电阻大小Rx?U滑2.2V??7.33Ω＞5Ω，所以使用的是“10Ω 1A”的变阻器；灯的额定电压为UL=3.8V，正I0.3A常工作时的电流大小IL=0.3A，所以灯的额定功率PL?UL?IL?3.8V?0.3A?1.14W。 2019-2020学年中考物理模拟试卷 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．下列能源中，属于可再生能源的是（ ） A．太阳能 B．核能 C．煤炭 D．石油 2．随着经济的发展，我国的国防事业得到了相应的发展．如图所示为我国空军战机空中加油时的情景 A．以地面为参照物，加油机是静止的 B．以加油机为参照物，战机是运动的 C．以地面为参照物，加油机和战机都是静止的 D．以战机为参照物，加油机是静止的 3．如图所示，甲、乙两个相同的带电小球静止时处于同一水平面上，悬线为绝缘体，画出乙球受力的示意图。 （____） 4．图所示，将同一个球体先后放入盛有不同密度的液体中，球体处于静止状态，则球体所受的浮力F甲F 乙 及液体密度（ρ甲、ρ乙）的关系 A．F甲?F乙?甲??乙 C．F甲?F乙?甲??乙 B．F甲?F乙?甲??乙 D．无法判断 5．如图所示是小明常用的一个插线板．他在使用中发现：插线板上的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压．选项中正确的连接方式是 A． B． C． D． 6．如图所示，小明在做模拟“蹦极”的小实验，一根橡皮筋一端系一个小石块，另一端固定在A点，B点C点是小石块从A点自由释放后所能达到的最低点，是橡皮筋系小石块自然下垂时下端所在的位置，关于小石块从A点到C点运动过程中，说法正确的是（ ） A．小石块减少的重力势能全部转化为动能 B．从A点下落到B点的过程中，小石块受到重力和弹力的作用 C．从B点下落到C点的过程中，小石块的速度先增大后减小 D．小石块在C点时，受到平衡力的作用 7．如图，为探究能量转化，小明将小铁块绑在橡皮筋中部，并让橡皮筋穿入铁罐、两端分别固定在罐盖和罐底上．实验装置做好后让它从不太陡的斜面上滚下，发现橡皮筋被铁块卷紧了，接着铁罐居然能从斜面底部自动滚上去!以下有关能量转化的判断，正确的是（ ） A．铁罐在斜面上从最高处滚到最低处，主要是重力势能转化为动能 B．铁罐在斜面上从最高处滚到最低处，主要是弹性势能转化为动能 C．铁罐在斜面上从最低处滚到最高处，主要是动能转化为重力势能 D．铁罐在斜面上从最低处滚到最高处，主要是弹性势能转化为重力势能 8．下列关于导体电阻的说法中，正确的是 A．粗导线的电阻一定比细导线的电阻小 B．导体中没有电流通过，导体就没有电阻 C．一根金属丝被均匀拉长后，它的电阻变大 D．电阻是导体本身的一种性质，任何情况下导体的电阻都不可能为零 9．如图所示的四种现象中，由光的反射形成的是 A．水面“折”枝 B．小孔成像 C．水面倒影 D．树叶的影子 10．如图所示现象中，利用做功使物体内能增加的是（） A．发烧时，用冷毛巾给头部降温 B．天冷时，晒太阳可以让身体暖和 C．锯木头时，来回拉动锯片，使锯片温度升高 D．用燃气灶煲汤时，火焰使汤的温度升高 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．中国的一些美食与传统节日有关，下列说法中，用物理知识解释正确的是 A．包饺子时力的作用使饺子皮改变了形状 B．夹取汤圆容易滚落是因为汤圆受到的摩擦力较小 C．粽子对盘的压力和桌面对盘的支持力是一对平衡力 D．如果将月饼带到月球上，它的质量会减小 12．如图所示，小亮将一个漏斗拿在手中，使其喇叭口朝下，用另一只手拿住一个乒乓球，让球对着漏斗内的细管处。当他对准漏斗细管口用力向下吹气时，发现松手后乒乓球并不掉下来，则下列关于乒乓球说法中正确的是 A．受到的重力较小 B．没有受到的重力作用 C．球上方受到的气体压强比球下方受到的气体压强小 D．球上方受到的气体压强比球下方受到的气体压强大 13．下列关于摩擦力的说法正确的是 A．物体重力越大，则物体受到的滑动摩擦力越大 B．大型载重汽车增加轮胎数量是为了增大摩擦力 C．爬杆运动中，从杆顶下滑的过程运动员受到的摩擦力方向向上 D．用手把玻璃杯握住停在空中，增大手对玻璃杯的压力，玻璃杯受到的摩擦力不变 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．学校运动会百米赛跑项目中，小亮起跑后2s末速度为6m/s，终点冲刺时速度达到9.8m/s，在冲刺阶段他超越了小杰同学，领先到达终点，最终以12.50s的成绩获得第一名并打破学校记录。在超越小杰的过程中，以小杰为参照物小亮是_____的，小亮比赛过程的平均速度为___m/s。 15．如图所示，路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间是______（选填“串联”或“并联”）的．工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了_____能． 16．如图所示,用同一滑轮按甲、乙两种方式匀速提升同一物体，物体重100N，滑轮重25N，绳重和摩擦 不计. 图甲中F甲=________N，图乙装置的机械效率η乙=______，若图乙中减小物重，机械效率将______. 17．近期，西宁市创城行动中，交警在检查酒驾时，首先通过嗅觉感知其是否饮酒，交警能闻到酒精味是因为_____，然后通过酒精检测仪定量检测．该仪器原理可以简化成如图所示电路，其中R0为定值电阻，R为气敏电阻，当酒精气体浓度增大时，R的阻值减小．若驾驶员饮酒，检测酒精检测仪上电压表的示数将____（选填“变大”或“变小”）． 18．我国家庭照明电路电压为_____伏；家中各用电器之间是_____连接（选填“串联”或“并联”）；同时使用的电器越多，电路中总电阻越_____ 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．五一长假期间，爸爸开车带着小惠从合肥市出发沿合巢芜高速到芜湖方特游玩，当汽 车以108km/h的速度在平直路面上匀速行驶时，汽车所受到阻力为1000N，汽车发动机的效率为30％，汽油的热值为1．6×107 J／kg(假设汽油完全燃烧)．求： (1) 汽车以108km/h的速度匀速行驶时，牵引力的功率． (2) 若汽车按照这种方式行驶，这次旅行全程往返300km，牵引力做的功是多少？小惠应该提醒爸爸至少要加汽油多少kg？ 20．如图所示，电源电压恒为220V，R1和R2均为定值电阻，电阻R1的阻值为44Ω，只闭合开关S时，电路消耗的电功率P为440W，S、S1都闭合时电路消耗的电功率为P′。求： 电阻R2的阻值； 电功率P′。 21．一辆汽车为50km长的新建大桥进行通车测试，如图所示．汽车总质量为1.5t，以100km/h的速度匀速通过大桥，受到的阻力是总重的0.08倍，全程消耗了4kg的汽油．g取10N/kg，求汽车通过大桥； 107J/kg） 所需的时间；牵引力所做的功；汽油机的效率．（q汽油=4.6× 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22．如图所示，—束光射向凸透镜经折射后，折射光线射到一个平面镜上．请在图中画出射向凸透镜这束 入射光和经平面镜反射的光路，并标出反射角的度数． 23．如图所示，通电直导线周围的磁场分布可用磁感线表示为以导线为圆心的同心圆圈，磁场方向可以运用如下方法判断：用右手握住直导线，让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向．请在图中标出静止在磁场中的小磁针的N极 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．为了比较沙子和水吸热升温现象，小明做了如图所示的实验:在2个相同的烧杯中分别装有_________、初温都相同的沙子和水，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下表: 温度升高10℃所需 质量/g 要的时间/s 沙子 水 30 30 64 96 温度升高20℃所需要的时间/s 89 163 温度升高30℃所需要的时间/s 124 220 （1）在此实验中，用加热时间的长短来表示沙子和水____________． （2）分析表中的实验数据可知:质量相同的沙子和水，升高相同的温度，水吸收的热量 ____________（选填“大于”或“小于”）沙子吸收的热量． （3）根据表中数据可以推想，如果给质量相同的沙子和水加热相同的时间，则________升高的温度会更:______________．高些，两者增加的内能比较（不计热量损失）（选填“水大”、“沙子大”或“一样大”） 25．小鹏利用滑轮组及相关器材进行实验，记录的实验数据如下表所示．请根据表中数据归纳出拉力F与重力G的关系：F＝_____． G/N F/N 2 0.9 3 1.3 4 1.7 5 2.1 6 2.5 7 2.9 8 3.3 26．投石车竞赛是未来工程师博览与竞赛的一个项目，即利用KT板、PVC管等限定器材制作模拟古代攻城的投石车，利用橡皮筋作为动力进行沙包的投掷。图中所示为某参赛小组设计的投石车结构图。在调试过程中，小组同学发现，当挂16根橡皮筋时沙包投掷距离为4m；当挂17根橡皮筋时沙包投掷距离为4.2m。请根据这一现象，提出一个可探究的科学问题：________。 参考答案 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．A 【解析】 使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源，使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源．像太阳能、风能、水能、地热能、潮汐能等能源，在自然界中是可以再生的能源，即为可再生能源；而像煤、石油、天然气、核燃料等能源，使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源，故选A． 2．D 【解析】 【详解】 AC．加油过程中，若以地面为参照物，加油机、战机和地面的位置在不断发生变化，所以说它们是运动的．AC不符合题意． B. 以加油机为参照物，战机与加油机之间位置没有发生变化，战机是静止的，B不符合题意； D. 以战机为参照物，加油机与战机之间的位置没有发生变化，加油机是静止的，D符合题意． 3． 【解析】 【详解】 分析可知，乙小球受到竖直向下的重力、沿悬线向上的拉力；同时根据电荷间相互作用的规律可知，乙小球受到水平向右的斥力。过乙小球重心，分别沿各力的方向画一条有向线段，并分别用G、F拉和F斥表示，如图所示： 4．C 【解析】 【详解】 球在甲液体中漂浮，所以球的密度小于甲液体的密度；在乙液体中悬浮，所以球的密度等于乙液体的密度。因此ρ甲＞ρ乙； 球在甲中漂浮，根据物体的浮沉条件可知，此时浮力等于重力；在乙中悬浮，浮力也等于重力，因此在甲和乙中所受浮力相等，即F甲=F乙，故ABD错误，C正确。 5．B 【解析】 【详解】 插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全，故选B． 6．C 【解析】 【详解】 小石块在下落过程中，在AB段，小石块只受到重力作用，重力不断改变小石块的运动状态，小石块加速下落；在BC段受到橡皮筋的拉力作用，过B点后橡皮筋开始伸长（大于原长），弹力逐渐增大，当拉力小于重力时，小石块仍处于加速状态；当拉力大于重力时，小石块减速下落． 从A点到C点运动过程中小石块的有重力势能转化为动能还转化为橡皮筋的弹性势能，故A不正确； 由题B点是橡皮筋自然下垂长度的位置，所以在AB段，橡皮筋对小石块没有弹力，故B不正确； 从B点下落到C点的过程中，小石块速度先加速后减速，故C正确； BC过程中小石块先加速后减速，减速过程中是因为弹力大于重力，C点是下落的最低点，此时小石块虽然速度为0，到达C点后小石块会改变运动状态向上运动，故C点时受到并不是平衡力，故D不正确，故选C． 7．D 【解析】 【详解】 铁罐从不太陡的斜面上滚下，在从最高处滚下时，铁罐先由慢到快、后由快到慢滚到最低点，上一段滚动主要是重力势能减小，铁罐的动能和橡皮筋的弹性势能增加；下一段滚动主要是重力势能和铁罐的动能减小，橡皮筋的弹性势能增加；最终是铁罐在斜面上从最高处滚到最低处，主要是重力势能转化为弹性势能．铁罐由斜面底部自动滚上去，在从最低处滚上时，铁罐先由慢到快、后由快到慢滚到最高点，下一段向上滚动主要是橡皮筋的弹性势能减小，铁罐的动能和重力势能增加；上一段滚动主要是橡皮筋的弹性势能和铁罐的动能减小，重力势能增加；铁罐在斜面上从最低处滚到最高处，主要是弹性势能转化为重力势能．所以D选项是正确的． 8．C 【解析】 【详解】 A、导体的电阻与导体的材料、长度和横截面积有关，只比较导线的粗细无法确定电阻的大小，故A错误； B、电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种属性；其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，而与导体两端的电压、通过的电流无关，故B错误； C、金属丝被均匀拉长后，长度变长，横截面积变小，电阻变大，故C正确； D、电阻是导体的一种属性，其大小除与导体的材料、长度、横截面积有关外，还受温度影响，当温度足够低时，电阻会变为零，成为超导体，故D错误。 9．C 【解析】 【详解】 A．水面“折”枝，是由光的折射形成的现象； B．小孔成像，是由光的直线传播形成的； C．水面倒影，是平面镜成像，由光的反射形成； D．树叶的影子，由光的直线传播形成． 故C符合题意． 10．C 【解析】 【详解】 A．发烧时，冷毛巾给头降温，是通过热传递的方式改变物体的内能，故A错误； B．天冷时，晒太阳可以让身体暖和，是通过热传递的方式改变物体的内能，故B错误； C．锯木头时，来回拉动锯片，克服摩擦做功，是通过做功的方式改变锯片的内能，故C正确； D．用燃气灶煲汤时，汤吸收热量，是通过热传递的方式改变汤的内能，故D错误。 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．AB 【解析】 【详解】 A、包饺子时力的作用使饺子皮改变了形变；故A正确； B、夹取汤圆容易滚落是因为汤圆表面较光滑，受到的摩擦力较小；故B正确； C、粽子对盘的压力和桌面对盘的支持力是一对相互作用力；故C错误； D、将月饼带到月球上，它的质量不变；故D错误； 故选AB． 12．AC 【解析】 【详解】 AB、地球附近的一切物体都受到重力的作用，乒乓球也同样受到重力的作用，只不过受到的重力较小。故A正确，B错误； CD、通过漏斗管向下吹气时，乒乓球上面的空气流速加快，压强变小，而球下方的压强仍是大气压，大于球上方的压强，故乒乓球不会掉下去。故C正确，D错误。 故选：AC。 13．CD 【解析】 【详解】 A. 在接触面的粗糙程度不变时，压力越大，物体受到的滑动摩擦力就越大。故A错误。 B. 大型载重汽车增加轮胎数量是为增大受力面积来减小对地面的压强的。故B错误。 C. 运动员从杆顶下滑的过程中，运动员相对于杆是向下运动的，所以受到的摩擦力方向向上。故C正确。 D. 用手把玻璃杯握住停在空中，增大手对玻璃杯的压力，玻璃杯仍然静止，其受到的摩擦力和重力仍然为一对平衡力，即其受到的摩擦力不变。故D正确。 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．运动 8 【解析】 在超越小杰的过程中，小迪与小杰的位置发生了变化，所以当以小杰为参照物时，小迪是运动的。 百米赛跑程为100m，所用时间为：t?12.5s； 根据v?s得平均速度为： ts100mv??=8m/s。 t12.5s点睛：重点是速度公式的应用，关键是明白全程的平均速度必须用路程除以时间进行计算，千万不可用两 个速度求平均数，是不正确的。 15．并联内 【解析】 【分析】 【详解】 路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各电脑之间互不影响，所以各接口之间是并联的；工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了热能． 16．100 80 % 变大 【解析】 （1）由图可知，甲滑轮是定滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮不省力，所以拉力等于物体的重力，即F甲=G=100N； （2）乙滑轮是动滑轮，绳重和摩擦不计，有用功W有用=Gh，总功W总=（G+G轮）h， 则动滑轮的机械效率?乙?W有用W总?GhG100N???100%?80%； (G?G轮)hG?G轮100N?25N（3）当提升重物的重力增加，做的有用功就变大，而额外功几乎不变，有用功在总功中所占的比例变大，所以机械效率变大． 故答案为100；80%；变大． 17．分子不停地做无规则运动（或扩散现象） 变大 【解析】 【详解】 酒精分子不停地做无规则运动，通过饮酒驾驶员的呼吸扩散到空气中，所以交警能闻到酒味；由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，因酒精气体浓度增大时，R的阻值减小，所以，若驾驶员饮酒，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I?电压变大，即电压表的示数变大． 18．220并联小 【解析】 解：（1）我国家庭电路电压为220V； （2）家中使用的各类用电器可以单独工作，互不影响，因此它们之间的连接是并联； （3）家庭电路中，同时工作的用电器越多，相当于导体横截面积越大，所以总电阻就越小。 点睛：家庭电路中各用电器之间是并联的，用电器和控制本用电器的开关是串联的； 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．.(1) 3×101W (2) 3?108J； 21.7kg 【解析】 U可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，R0两端的R【分析】 【详解】 （1）汽车行驶的速度为：v?108km/h?30m/s， 汽车牵引力的功率为：P?Fv?1000N?30m/s?3?104W； （2）汽车牵引力所做的功为：W?Fs?1000N?3?105m?3?108J， 3?108J??1?109J； 行驶过程中需要的热量为：Q??30%WQ1?109JQ??21.7kg 由q? 得需要汽油：m?7q4.6?10J/kgm20．（1）66Ω；（2）1100W。 【解析】 【详解】 （1）只闭合开关S时，电阻R1、R2串联，由P=UI得I==-R1=110Ω-44Ω=66Ω； （2）开关S、S1都闭合时，只有R1接入电路，功率P′=UI′=220V×21．107J；（1）0.5h；（2）6×（3）32.6% 【解析】 试题分析：（1）由v=可得，所需的时间：t== =0.5h；103kg，（2）汽车总质量m=1.5t=1.5× =1100W。 =2A，R总== =110Ω，R2=R总 103kg×10N/kg=1.5×104N，汽车受到的阻力是总重的0.08倍，即汽车的总重力G=mg=1.5× f=0.08G=0.08×1.5×104N=1.2×103N，因为匀速通过大桥，所以牵引力F=f=1.2×103N，牵引力所做的功W=Fs=1.2×103N×5×104m=6×107J；4.6×107J/kg=1.84×108J，汽（3）汽油完全燃烧放出的热量Q=mq=4kg×100%=油机的效率η=× ×100%≈32.6%． 【考点定位】热量的计算；速度公式及其应用；功的计算 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22． 【解析】 【分析】 【详解】 经凸透镜的折射光线过焦点，入射光线平行于主光轴画；过平面镜的入射点垂直镜面作出法线,求出入射角为60°,则反射角为60°，在法线右侧作出反射光线，标出反射角如图： 23． 【解析】 【详解】 由题知：用右手握住直导线，让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向．由图根据以上方法可判断出通电直导线周围的磁感线方向是逆时针方向的，因为小磁针静止时，北极的指向为磁场方向，则小磁针的N极如图所示： ． 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．质量 吸热的多少 大于 沙子 一样大 【解析】 【分析】 【详解】 比较沙子和水吸热升温现象，应用控制变量法，因此相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的沙子和水，用两个相同的酒精灯对其加热． (1)相同的酒精灯加热，加热时间长，沙子吸收的热量就多．所以，加热时间的长短，表示了吸热的多少． (2)质量相同的水和沙子，升高相同的温度，根据Q=cm△t，水比热容大，吸收的热量就多．所以，水吸收的热量大于沙子吸收的热量． (3)相同质量的水和沙子加热相同时间，说明吸收的热量也相等，根据Q=cm△t，沙子比热容小，升温就高些．则两者增加的内能相等． 25．0.4G+0.1N 【解析】 【详解】 由表格数据知道，随着物重的增加，拉力均匀增大，即物重每增加1N，拉力增大0.4N，所以，拉力F与物重G的关系为一次函数关系，设为F＝kG+b， 3N+b，1.7N＝k×4N+b 将表格中第二、第三列的数据代入F＝kG+b，则1.3N＝k×解得：k＝0.4，b＝0.1N 即力F与重力G的关系式是：F＝0.4G+0.1N． 26．见解析 【解析】 【详解】 由题知，投石车挂16根橡皮筋时沙包投掷距离为4m，当挂17根橡皮筋时沙包投掷距离为4.2m。由此提出可探究的科学问题是：沙包投掷的距离与所使用的橡皮筋根数有关吗？ 2019-2020学年中考物理模拟试卷 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．如图是某种握力计的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器滑片固定在一起，R0为保护电阻，握力大小可通过电压表示数来显示。手握紧MN时，握力越大电压表的示数越大。则下列电路中符合这一原理的是 A． B． C． D． 2．如图所示电路中，两开关闭合时，电流表A1的示数为0.5A，A2的示数为0.3A，电阻R2的阻值为10Ω，下列说法正确的是 A．若电阻 R1 短路，则电流表 A1、A2 有示数且相等 B．若电阻 R 1 断路，则电流表 A2 的示数和 R 2 的乘积为5V C．若用一个 20Ω 的电阻替换R 2，则电路的总功率变小 D．若电阻 R 2 断路，则通电阻1min R 1 产生的热量为 3.6J 3．小军做凸透镜成像规律的实验时，将焦距为15cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧，调整烛焰中心、透镜中心和光屏中心在同一水平高度，如图．则下列四个选项中，判断正确的是 A．若蜡烛放置在10cm刻度线处，移动光屏，光屏上呈现的是烛焰正立的像 B．若蜡烛放置在30cm刻度线处，移动光屏，光屏上呈现的是烛焰缩小的像 C．若蜡烛放置在40cm刻度线处，移动光屏，光屏上呈现的是烛焰的实像 D．若要说明照相机的成像特点，可以把蜡烛放置在15cm刻度线处 4．如图是某种物质的温度随时间变化的关系图象，该图象描述的过程可能是 A．冰的熔化 C．海波的凝固 B．蜡的熔化 D．玻璃的凝固 5．如图所示，当开关S闭合，甲乙两表为电压表时，两表的读数之比U甲：U乙为4﹕1，当开关S断开，甲乙两表为电流表时，两表的读数之比I甲：I乙为（ ） A．4﹕3 C．3﹕4 6．由空气中的水蒸气凝华而成的是 A．雨 C．雾 B．3﹕2 D．3﹕1 B．露 D．霜 7． “北斗”卫星是中国自行研制的通信系统，可在全球范围内全天候地为各类用户提供高精度，高可靠性的定位、导航等服务，该系统在传递信息过程中主要依靠（ ） A．声波 B．超声波 C．次声波 D．电磁波 8．下列自然现象中需要吸热的是 （ ） A．早春河流上冰的消融 C．深秋草木上露的出现 B．初夏旷夜里雾的形成 D．初冬砖瓦上霜的生成 9．P、Q是同一直线上相距6米的两点，甲、乙两小车同时从P点出发向Q点做匀速直线运动，经过12秒，甲车到达Q点，此时乙车离Q点距离大于2米．它们的s–t图象分别为如图所示a、b、c三条图线中的两条，则 A．甲的速度一定大于乙 B．甲的速度一定小于乙 C．乙的图象一定为图线a D．乙的图象可能为图线c 10．“五·四”青年节那天，学校请来摄影师给我们拍毕业照，列好队后，摄影师发现有几位同学没有进入取景框内，这时他重新调整照相机的正确方法是 A．照相机向前移，镜头向前伸 C．照相机向后移，镜头向前伸 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．图所示的是中国科技馆展示的地热发电模型，它模拟了地热发电过程：左侧水管内水位降低，蓝色 LED 灯逐渐向下亮起，表示冷水注入地下．随后，红色 LED 灯亮起，表示冷水被加热成热水，接着右侧水管下方喷出烟雾，表示高温地热已将热水变为水蒸气．水蒸气进入汽轮发电机，地面上的LED 灯发光表示发电成功．下列说法中正确的是 B．照相机向前移，镜头向后缩 D．照相机向后移，镜头向后缩 A．右侧水管下方喷出的烟雾是水蒸气 B．水蒸气推动汽轮发电机做功，水蒸气的内能减小 C．高温地热将热水变为水蒸气的过程中，热水需要放热 D．地热发电是将内能转化为机械能再转化为电能的过程 12．自然界的能量可以从一个物体转移到另一个物体，也可以从一种形式转化为其他形式。以下事例中，能量的形式发生了转化的是 A．燃油汽车在汽油机驱动下行驶 B．电动汽车在电动机驱动下行驶 C．原野上风吹动风车叶轮转动 D．冬天用电暖气为房间供暖 13．小莉根据下列表中的数据，得出以下四个结论，其中正确的是（ ） 密度ρ/（kg?m﹣3） 物质 （常温常压下） 物质 （在标准大气压下） 熔点/℃ 物质 c/[J（kg?℃）﹣1] 比热容 煤油 水银 冰 铝 0.8×103 13.6×103 0.9×103 2.7×103 铜 铝 铅 锡 1083 660 328 232 干泥土 水 铜 铝 0.84×103 4.2×103 0.39×103 0.88×103 A．固体的密度大于液体的密度 B．质量相等的铝块和冰块，冰块的体积是铝块的3倍 C．用来熔化铜的器皿可以用铝制成 D．质量相等的干泥土和水，升高相同的温度，水吸收的热量较多 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．水深1米处的压强为______帕；重为12牛、体积为5?10?4米3的石块浸没在水中受到重力与浮力的合力大小为_______牛，方向为_______________。 15．有些刻度尺有刻度的一侧会逐渐向边缘变薄，从侧面看上去的形状如图所示，请从正确使用刻度尺的角度来谈谈这样做的好处：_____。图中物体的长度为_____cm。 16．下面是有关生活用电的描述，请将空白处补充完整： 将电冰箱的三脚插头插入三孔插座中，这样做可以让它的 金属外壳与插座中的_________(“火”、“零”或“地”)线相连，防止发生触电事故．如图所示是某家庭用的电h计算，他家本月应缴纳电费_________元，若电能表能表及某月月初、月末的两次读数，若按0.5元/kW· 在10min内转了400转，则接在该电能表上的用电器总功率为__________W． 17．两个完全相同的容器中，分别盛有A、B两种液体，将两个完全相同的小球分别放入容器中，当两球静止时，液面相平，两球所处的位置如图所示．此时小球在A液体中受到的浮力_____小球在B液体中所受的浮力（选填：“大于”、“小于”或“等于”）；此时A液体对容器底压强_____B液体对容器底的压强（选填：“大于”、“小于”或“等于”）． 18．每一次物理学的重大发现都会影响人类社会的进步和发展，_____改进了蒸汽机引发了第一次工业革 命,法拉第发现了______,促成了发电机的发明,使得大规模用电成为了可能. 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．科技小组的同学设计了如图甲所示的恒温箱温控电路，它包括控制电路和受控电路两部分，用于获得高于室温、且温度在一定范围内变化的“恒温”．其中控制电路电源电压为36 V，R为可变电阻，Rt为热敏电阻（置于恒温箱内），热敏电阻阻值随温度变化的关系如图乙所示，继电器线圈电阻R0为50 Ω．已知当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合；当控制电路的电流减小到0.036 A时，衔铁会被释放．加热器的规格是“220 V 1000 W”，恒温箱内部空间大小是2 m3，空气的密度是1.30 kg/m3，比热容是103 J/（kg·℃）． （1）如图甲所示状态，通过加热器的电流多大？ 加热器产生的热量有80 %转化为恒温箱内空气的内能，（2）若使恒温箱内空气温度从25℃升高到65℃，加热器需正常工作多长时间？ （3） 若要使恒温箱内可获得上限为100℃的“恒温”，当可变电阻R调节到多大？ （4）如果需要将恒温箱内的下限温度设为50℃的“恒温”，则应将可变电阻R调节为多大？ 20．有一捆铜丝质量为89kg，总长为400m，已知铜的密度为8.9×101kg/m1．试计算： （1）这捆铜丝的体积为多少m1？ （2）铜丝的横截面积为多少mm2？ 21．多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎，图乙是某养生壶简化电路图． （1）求R1的阻值； （2）在标准大气压下，使用高温档将初温是20?C的一壶开水烧开，求水吸收的热量． （3）若养生壶高温档加热效率为80%，求烧开一壶水需要的时间． 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22．如图所示是楼梯照明灯的模拟电路．要求是，在楼梯的上下两端都能对灯进行控制．请在图上补画连接导线，使之符合这一要求． 23．如图所示，一木块静止在斜面上，请画出木块所受重力的示意图． 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．小张为了研究“通过小灯泡的电流与小灯泡两端电压的关系”，选取额定电压为 2.5V 的小灯泡，连接如图所示的部分电路。请按要求完成下列问题: 请添加一条导线将图中的实物图连接完整。连好电路后开始实验，闭合 开关前，滑动变阻器的滑片 P 应置于____端。（选填“A”或“B\）闭合开关后发现小灯泡不发光。电流表无示数，电压表有示数，则可能是（______） A．滑动变阻器发生断路 B．小灯泡发生断路 C．小灯泡发生了短路 D．滑动变阻器发生短路小张记录了不同电压下通过小灯泡的电流，并根据记录数据描绘了通过小灯泡的电流随其两端电压变化的图像，则图中图像能正确反映上述关系的是（_____） 25．在“测定小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V． (1)请在图甲中用笔画线代替导线，完成电路连接． （_______） （2）闭合开关，在将滑动变阻器的滑片从一端缓慢移到另一端的过程中，发现电压表示数U与滑片移动距离x的关系如图乙所示，电压调节非常不方便，这是由于选用了____ (选填“A”或“B”)滑动变阻器． 可供选用的滑动变阻器: 滑动变阻器A(阻值范围0-500Ω，滑片行程10cm)； 滑动变阻器B(阻值范围0-50Ω，滑片行程10cm)． （3）换用了另一个滑动变阻器并接通电路后，移动滑片位置，当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡额定功率为____W． （4）小明想换用其他规格的小灯泡再做该实验，但他却操作有误，在未断开开关的情况下，直接将小灯泡从灯座上拔出，那么拔出后电压表、电流表的示数变化情况是____． （5）实验中刚刚测完上述（4）中的一个数据，电流表突然损坏了．他们找到了一个阻值为10Ω的定值电阻R0和一个单刀双掷开关并设计出电路图（如图丁），重新进行了测量．请完成以下步骤： 步骤一：S2与接线柱1接通，闭合S1，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数为____； 步骤二：保持滑动变阻器阻值____（选填“变大”、“不变”、“变小”），将S2改与接线柱2接通，读取电压表读数UR； 步骤三：断开S1、S2，整理器材． 写出灯泡额定功率的表达式P=____．（用已知量和测量量表示） 26．小明同学利用运动鞋进一步探究“滑动摩擦力与压力大小的定量关系”。 如图甲所示，他用弹 簧测力计水平拉着运动鞋在水平桌面上做匀速直线运动，其目的是_____；下表为实验时记录的数据，第一次实验时的数据如图甲所示，此时弹簧测力计的示数为_____N。 实验次数 1 2 3 4 压力F/N 2.3 3.3 4.3 5.3 测力计示数/N 2.6 3.4 4.2 （3）请根据数据在图乙中作出运动鞋受到的滑动摩擦力与压力大小关系的图象。分析图象可得结论：_____。若他拉着运动鞋匀速前进的速度由0.02m/s变为0.04m/s，在其他情况不变时，鞋受到的滑动摩擦力将____（选填“变大”、“不变”或“变小”）。 参考答案 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．B 【解析】 【详解】 A．电压表串联到电路中了，可排除，该选项错误； B．此电路为串联电路，当握力增加时，滑动变阻器的电阻变大，根据分压原理，所分得电压增大，所以电压表示数变大，该选项正确； C．此电路为并联电路，电压表测得是两电阻两端的电压，且始终等于电源电压，电压表示数不变，可排除，该选项错误； D．此电路为串联电路，电压表测R0两端的电压，当握力增大时，滑动变阻器的电阻变大，所分得电压增大，总电压不变，则R0两端的电压变小，所以电压表示数减小，排除，该选项错误。 2．C 【解析】 【详解】 由图知道，该电路为并联电路，电流表A1测量干路的电流，A2测量R2的电流，两开关闭合时，电流表A1的示数为0.5A，A2的示数为0.3A，电阻R2的阻值为10Ω，则电源电压是：U＝U2＝I2R2＝0.3A×10Ω＝3V； A、若电阻R1短路，A2和R2被短路，A2无示数，A1有较大示数，会损坏电流表A1和电源，故A错误； B、若电阻R1断路，电路中只有R2接入电路中，电流表 A1、A2 测的是R2的电流，由U＝IR可知，电流表 A2 的示数和R2 的乘积为电源电压，为3V，故B错误； C、若用一个20Ω 的电阻替换R2，即该支路的电阻变大，由并联电路的电阻特点知道，电路的总电阻变大，此时干路电流减小，由P＝UI知道，电路的总功率减小，故C正确； D、若电阻R2 断路，只有电阻R1接入电路中，则通过R1的电流是：I2 ＝0.5A﹣0.3A＝0.2A，所以，通0.2A×60s＝36J，故D错误。 电1min 时R1 产生的热量是：Q＝W＝UI2t＝3V×3．D 【解析】 【分析】 凸透镜成像的三种情况： ①u＞2f，成倒立、缩小的实像；②2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；③u＜f，成正立、放大的虚像． 【详解】 凸透镜的焦距是15cm，凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处， A、将蜡烛移至10cm刻度线处时，物距u=50cm-10cm=40cm，u＞2f，移动光屏，就会得到倒立、缩小的实像，故A错误； B、若蜡烛放置在30cm刻度线处，物距u=50cm-30cm=20cm，2f＞u＞f，移动光屏，就会得到倒立、放大的实像，故B错误； C、若蜡烛放置在40cm刻度线处，物距u=50cm-40cm=10cm，u＜f，成正立放大的虚像，在光屏上不能承接，故C错误； D、把蜡烛放置在15cm刻度线处，物距u=50cm-15cm=35cm，u＞2f，成倒立缩小的实像，照相机应用此原理，故D正确． 故选D． 4．D 【解析】 【详解】 由图可知温度随时间的增加而降低，所以是凝固过程，AB错误；图象呈现的是一条温度随时间的变化，一直处于下降趋势的曲线，没有固定的凝固点，而非晶体没有凝固点，海波是晶体，可以排除C，玻璃是非晶体故图中的是玻璃的凝固图象，D正确． 5．C 【解析】 【详解】 若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，甲表测量路端总电压U，乙表测量电阻R2两端电压U2，即 U=U甲， U2=U乙， 根据题中U甲:U乙=4:1得： U:U2=4:1……①， 根据串联电路电压规律可知： U=U1+U2……②， 联立①②得： U1:U2=3:1， 根据串联电路电流规律及欧姆定律可知： U1:R1=U2:R2， 则 R1:R2=U1:U2=3:1； 若甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，甲表测量R2所在之路路电流I2，乙表测量干路总电流I，即 I2=I甲， I=I乙， 根据并联电路电压规律及欧姆定律可知： I1 R1 = I2R2 则 I1:I2=R2:R1=1:3……③， 根据并联电路电流规律可知： I=I1+I2……④， 联立③④得： I:I2=4:3， 则 I甲:I乙=3:4， 故选C。 6．D 【解析】 【详解】 雨、露、雾都是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，故ABC错误，D正确。 7．D 【解析】 【详解】 ABC．声音的传播需要介质，真空不能传声，故ABC不符合题意． D．卫星和地面的联系靠电磁波，将图片和声音等信号调制到电磁波上，把电磁波当成载体发射回地面，所以它传递信息利用的是电磁波．故D符合题意． 8．A 【解析】 【分析】 【详解】 需要吸热的物态变化是熔化、汽化和升华；早春河流上冰的消融是熔化现象，熔化吸热，故选项A符合题意；初夏旷夜里雾的形成，是液化现象，液化放热，故选项B不符合题意；深秋草木上露的出现，是液化现象，液化放热，故选项C不符合题意；初冬砖瓦上霜的生成是凝华现象，凝华放热，故选项D不符合题意． 9．D 【解析】 【详解】 根据题意可得，甲车的速度v甲?s6m??0.5m/s， t12s由题知，两车同时从P点出发向Q点做匀速直线运动，经过12秒时乙车离Q点距离大于2米，则乙车可能在甲车之后，也可能在甲车之前，所以，乙车通过的距离可能为s乙1＜6m﹣2m＝4m，也可能为s乙2＞6m+2m＝8m， 故乙车的速度可能为v乙1?由图可知，va?s乙14ms8m??0.33m/s，也可能为v乙2＞乙2??0.67m/s， t12st12ssa8mss6m2m?0.5m/s，vc?c???1m/s，vb?b??0.2m/s， tb12sta8stc10s比较可知，vb＝v甲，va＞v乙2，vc＜v乙1， 所以甲的图象一定是图线b，甲的速度可能大于乙，也可能小于乙，乙的图象可能为图线a，也可能为图线c． 综上分析可知，选项ABC错误，D正确． 10．D 【解析】 【详解】 要使几位同学进入取景框内，需增大照相机与同学的距离，则照相机应向后移，此时像变小，像距变小，镜头应向后缩. 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．BD 【解析】 【详解】 A．水管下方喷出的烟雾是水蒸气液化形成的小水滴，故错误； B．水蒸气推动汽轮发电机做功，水蒸气对外做功，水蒸气的内能减小，故正确； C．高温地热将热水变为水蒸气的过程中，是汽化过程，热水需要吸热，故错误； D．地热发电是将内能转化为机械能再转化为电能的过程，故正确． 12．ABCD 【解析】 【详解】 A. 燃油汽车在汽油机驱动下行驶，是将内能转化为机械能，符合题意； B. 电动汽车在电动机驱动下行驶，是将电能转化为机械能，符合题意； C. 原野上风吹动风车叶轮转动，是将风能转化为叶轮的机械能，符合题意。 D. 冬天用电暖气为房间供暖，是将电能转化为内能，符合题意。 13．BD 【解析】 【详解】 A．水银的密度为13.6×103kg/m3，铝的密度为2.7×103kg/m3，水银这种液体的密度就大于固体的密度，故A错； B．冰的密度为0.9×103kg/m3，铝的密度为2.7×103kg/m3，冰的密度是铝的 1m，由密度公式ρ＝可得3VmV＝，所以，质量相等的铝和冰，冰块的体积是铝块的3倍，故B正确； ?C．铜的熔点是1083℃，铝的熔点是660℃，若用铝做熔化铜的器皿，铜还没有达到熔点，器皿（铝）就熔化、漏了，不可行，故C错； D．质量相等的水和干泥土，升高相同的温度，水的比热容比干泥土的大，由Q吸＝cm△t可知水吸收的热量多，故D正确。 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．9800 7.1 竖直向下 【解析】 【详解】 9.8N/kg×1m=9800Pa； 水深1m处水的压强为：p=ρgh=1.0×103kg/m3× 103kg/m3×9.8N/kg×5×10-4m3=4.9N； 石块浸没在水中受到的浮力为：F浮=G排=ρ液gV排=1.0× 浮力与重力的合力为：F合=G-F浮=12N-4.9N=7.1N，合力的方向竖直向下。 15．便于刻度线贴近(或“紧靠”)被测物体 2.80 【解析】 试题分析：刻度尺使用前要观察量程和分度值；要让刻度尺的刻度紧靠被测物体；刻度尺要放正；读数时视线要与尺面垂直；要估读到分度值的下一位；记录结果应包含数值和单位。刻度尺的边缘变薄，使刻度线尽量的靠近被测物体。 考点：长度的测量 16．地 41 800 【解析】 【详解】 （1）电冰箱属于有金属外壳的用电器，应使用三孔插座，使与电冰箱外壳相连接的是地线，这样当金属外壳带电时，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生； （2）由图知道，本月消耗的电能是：W=1469.5kW?h-1387.5kW?h=82kW?h，故本月应缴纳的电费是0.5元/kW?h×82kW?h=41元；电能表的转盘转400转消耗的电能是：W?400kWgh?0.13kWgh ，接在3000该电能表上的用电器总功率是：17．等于 大于 【解析】 P?0.13kWgh?0.8kW?800W10 . h60（1）由题可知，两个完全相同的小球分别放入容器中，小球在A液体中漂浮，受到的浮力FA浮=G；小球在B液体中悬浮，受到的浮力FB浮=G．所以此时小球在A液体中受到的浮力等于小球在B液体中所受的浮力． （2）根据物体浮沉条件，小球在A液体中漂浮，则?球??A；小球在B液体中悬浮，则?球??B． 所以?A＞?B．当两球静止时，液面相平，由液体压强公式P=ρgh可得，此时A液体对容器底压强大于B液体对容器底的压强． 18．瓦特 电磁感应现象 【解析】 【详解】 每一次物理学的重大发现都会影响人类社会的进步和发展，瓦特改进了蒸汽机，推动了蒸汽机的大量使用，引发了第一次工业革命；法拉第发现了电磁感应现象，促成了发电机的发明，使得大规模用电成为了可能． 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）4.55A（2）130s（3）450Ω（4）150Ω 【解析】 【详解】 (1)由图甲所示电路可以知道，工作电路是通路，加热器处于加热状态。受控电路电源电压为220V，加热 器的规格“220V 1000W”，此时加热器在额定电压下工作，其电流为：I?(2) 恒温箱内空气温度从25℃升高到65℃需要吸收的热量为： P1000W=?4.55A U220VQ吸=c空气m空气?t=c空气?空气V空气?t=1?103 J/（kg?℃）?1.30kg/m3?2m3?（65℃-25℃）=1.04?105J设 加热器需正常工作时间为t，则放出的热量为W=Pt（其中P=1000W）， 根据已知列方程如下：80%×Pt=1.04×105J，计算得t=130s； (3) 若要使恒温箱内可获得上限为100℃的“恒温”，欲使电流达到0.04A的最高衔接电流，控制电路的电阻应该为R100℃?U36V?=900Ω，读图乙可知100℃时热敏电阻的阻值为400Ω，所以可变电阻RI0.04A此时调节为：900Ω－400Ω－50Ω=450Ω； (4) 当获得最高温度为50℃时，欲使电流达到0.036A的最低释放电流，控制电路的电阻应该为 R50℃?U36V?=1000Ω，读图乙可知50℃时热敏电阻的阻值为800Ω，所以可变电阻R此时调节I0.036A为：1000Ω－800Ω－50Ω=150Ω； 20．见解析所示 【解析】 试题分析：根据密度公式的变形式V?m?可以求体积； 钢丝是圆柱体，利用圆柱体的体积公式可求钢丝的横截面积． （1）铜丝的体积为： V?m??89kg?23?10m 8.9?103kg/m3（2）根据V?Sh?SL求铜丝的横截面积为： V10-2m3S???0.25?10-4m2?25mm2． L400m21．105J（3）420s （1）88Ω（2）3.36×【解析】 【详解】 U2（1）由图知，当开关S1断开，S2接A时，电阻R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P=可知，总 RS1闭合时，R2被短路，功率最小，此时为低温档；当S2接A，只有电阻R1接入电路，养生壶处于中温档．由 U(220V)U2=?88? 得： R1?P=P550WR中221×10-3m3=1kg， （2）水的质量：m=ρV=1×103kg/m3× 103J/（kg?℃）×1kg×105J， 水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2×（100℃-20℃）=3.36× WQ吸3.36?105JQ吸==?420s （3）由??和W=Pt得，烧开一壶水需要的时间为：t=0PP?1000W?800W高高答：（1）R1的阻值为88Ω； （2）水吸收的热量为3.36×105J； （3）烧开一壶水需要的时间为420s． 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22． 【解析】 【分析】 要想使楼梯的上下端都能控制同一个灯，两个开关并联后再与灯泡串联，注意导线要接在单刀双掷开关的中间接线柱上． 【详解】 由题意知，需要组成由两个开关并联后与一只灯泡串联的照明电路．如图所示； 23． 【解析】试题分析：从木块的重心开始，向竖直向下方向画一条有向线段，用G表示物体所受重力，如上图所示。 【考点定位】重力示意图 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24． A B C 【解析】 【详解】 （1）电压表测灯泡两端的电压，所以电压表要与灯泡并联。因为灯泡额定电压为2.5V，所以应使用小量程。将灯泡与电压表“3”接线柱连接即可。如图： （2）由图可知，滑动变阻器接的是右下端接线柱，即接入电路使用的是右段电阻丝。为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器阻值应最大，所以滑片 P 应远离右下端接线柱而置于左端，即A端。 （3）闭合开关后小灯泡不发光、电流表无示数，说明电路不通，即发生了断路。而电压表有示数，说明与电压表并联的元件断路，这样相当于电压表测电源电压，所以电压表有示数。与电压表并联的是小灯泡，所以故障是小灯泡断路。故B正确。 （4）由于灯泡电压越高，灯泡实际功率越大，灯丝温度就越高，使得灯丝电阻R变大。根据I= U1=?URR可知， R变大，则 1变小，即I-U图像斜率在减小，故C正确。 R25． 0.836URB1.9W电流表无示数，电压表示数变大3.8V不变 6?UR【解析】 【分析】 【详解】 (1)灯泡的额定电压为3.8V,则电压表的量程为0~15V,且与灯泡并联,滑动变阻器的任意上方接线柱与灯泡串联,如下图所示: (2)由图乙可以知道,滑片移动时灯泡两端电压的变化开始不很不明显,说明滑动变阻器选择最大的阻值较大,为使电压调节方便应选B滑动变阻器; (3)由实物电路图可以知道,电流表的量程为0~0.6A,分度值为0.02A,则乙图中电流表的示数为0.5A,小灯泡额定功率为:P=UI=3.8V0.5A=1.9W; (4)直接将小灯泡从灯座上拔出，电压表并联在电路中，由于电压表内阻很大，电路中电流几乎没有，故电流表无示数，电压表示数变大，约等于电源电压； (5)实验步骤:①电路图如图所示. ②步骤一:S2与接线柱1接通,闭合S1,调节滑动变阻器滑片,使电压表示数为3.8V 步骤二:保持滑动变阻器阻值不变,将S2改与接线柱2接通,读取电压表读数UR 步骤三:断开S1、S2,整理器材. 6V?3.8V=③根据滑动变阻器的不变得: I0.22UR 计算得出:I= 6?UR小灯泡的额定功率为: P=UI=3.8V?6V?URUR, R00.22UR0.836UR= 6?UR6?UR26．测力计示数等于摩擦力大小 1.8 在接触面粗糙程度不变时，滑动摩擦力与压力大小成正比 不变 【解析】 【详解】 （1）如图甲所示，他用弹簧测力计水平拉着运动鞋在水平桌面上做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，测力计示数等于摩擦力大小； （2）第一次实验时的数据如图甲所示，测力计分度值为0.1N，此时弹簧测力计的示数为1.8N； （3）根据描点法作图，如下所示： （4）由上知，受到的滑动摩擦力与压力大小关为过原点的直线，故可得结论：在接触面粗糙程度不变时，滑动摩擦力与压力大小成正比； （5）因影响滑动摩擦力大小因素为压力大小和接触面的粗糙程度，与速度无关，故若他拉着运动鞋匀速前进的速度由0.02m/s变为0.04m/s，在其他情况不变时，鞋受到的滑动摩擦力将不变。 2019-2020学年中考物理模拟试卷 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，电流表的量程为0﹣0.6A，电压表的量程为0～3V，定值电阻阻值5Ω，滑动变阻器R的最大阻值50Ω，闭合开关S，移动滑片P的过程中，下列说法正确的是 A．若滑片P向左移，电流表的示数变小 B．电压表与电流表的比值不变 C．滑动变阻器允许的调节范围是2.5Ω～50Ω D．电流表的变化范围是0.3A～0.6A 2．下列关于凸透镜应用的说法中，正确的是 A．近视眼镜的镜片是凸透镜 B．放大镜一定成正立、放大的实像 C．照相机所成的像是倒立、缩小的实像 D．老年人用放大镜看书时，书距放大镜的距离要大于1倍焦距 3． “全国中小学安全教育平台”和物理学科都强调了安全用电，下列图中符合安全用电与保护原则的是 A．在落地高压线附近行走 B．多个大功率用电器同时使用一个插座 C．开关接零线 D．电水壶接三孔插座 4．小华同学设计了一个检测天然气泄漏的电路如图所示．电源电压恒定不变；R0为定值电阻；R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示．下列说法正确的是（ ） A．天然气浓度增大时，电压表示数变小 B．天然气浓度增大时，电路消耗的总功率变小 C．天然气浓度减小时，电流表示数变大 D．天然气浓度减小时，电压表与电流表示数的比值不变 5．如图所示电路中，电源电压保持不变．闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向右移动，下列说法中正确的是 A．电流表A2的示数不变 B．电流表A1的示数变大 C．电压表V的示数变小 D．电流表A1和电流表A2的示数之差不变 6．一个木箱从粗糙的斜面上匀速滑下来，则它的 A．机械能和内能都增大 C．机械能增大，内能减小 B．机械能减小，内能增大 D．机械能和内能都不变 7． “赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”的《中国诗词大会》，深受观众的青睐．下列对古诗文中涉及的热现象解释正确的是（ ） A．“雾凇沆砀，天与云与山与水，上下一白．”雾凇的形成是升华现象 B．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠．”霜的形成是汽化现象 C．“青青园中葵，朝露待日晞．”露的形成是汽化现象 D．“螣蛇乘雾，终为土灰．”雾的形成是液化现象 8．2016年5月9日19时12分左右，“水星凌日”的天象于本世纪第三次出现．如图所示，水星如一颗小黑痣从太阳“脸上”缓慢爬过．它的形成与下列光现象原理相同的是 A．海市蜃楼 C．小孔成像 B．镜花水月 D．水中荷花的倒影 9．把体积为2×10﹣3m3、重为12N的物块放入水中，当它静止时所处的状态及受到的浮力大小分别为（g取10N/kg）（ ） A．漂浮，F浮=20N C．沉底，F浮=20N B．漂浮，F浮=12N D．沉底，F浮=12N 10．如图，正确表示了从空气进入水中的光路图是（ ） A． B． C． D． 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．关于下列四幅图的描述，正确的是 A．甲图说明了流体压强与流速的关系，两张纸中间流速大压强小，纸向中间靠拢 B．乙图是自制气压计，当从山底拿到山顶时，玻璃管中的水柱会上升 C．丙图中金属棒ab只要在磁场中左右运动，电路中就会产生感应电流 D．根据丁图中光的传播路径，虚框内应是凸透镜，近视眼就是利用凸透镜进行矫正的 12．如图所示，两个底面积相同的薄壁容器甲乙分别装有密度为ρa，ρb的液体，放置在水平桌面上，现将同一物块(密度为ρ)分别放入两容器中，物块静止时两容器中液面等高．下列说法正确的是 A．液体密度与物体密度的关系为ρa＜ρb＜ρ B．放入物块后，乙容器底受到液体的压强较大 C．放入物块后，乙容器底受到液体的压力较大 D．放入物块后，甲容器对桌面的压强增加量较大 13．下列说法中正确的是 A．正电荷定向移动的方向为电流方向 B．家庭电路的总电流过大的原因是短路 C．电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s D．风能、太阳能、天然气都属于可再生能源 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．如图所示电路、电源电压恒定，R1?20?，R2?10?，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数 为0.3A，电源电压为________V；当S2闭合，S1、S3断开时，电流表示数为________A；当S2、S3闭合，S1断开时，电流表示数为________ A． 15．2019年4月10日，人类首张黑洞照片面世。黑洞是宇宙中密度极高的一种天体。如果质量为6×1024kg的地球塌缩成黑洞，其体积只有玻璃弹珠大小，约为3×10﹣6m3，则地球形成的黑洞的密度约为_____kg/m3。 16．据报道，2018年5月5日，直﹣18改进型直升机阵落在我国首艘国产航母的甲板上，如图所示．该103kg/m3，g=10N/kg．该航母满载航母满载时排水量为70000吨，在海水中吃水深度为11m．取ρ水=1.0× 时，受到的浮力为_____N，最低处受到海水的压强为_____Pa；某架直升机飞离该航母后，若航母排开的海水体积减少了7m3，则该直升机的质量是_____kg． 17．如图为小明家里的电能表“220V 5(10)A 3000r/kW?h”，他家允许同时长期工作的用电器最大总功率为_____kW．若只让一只台灯工作，电能表2min转了5转，则这只台灯的功率是____W． 18．如图所示，用两个相同的电加热器分别给质量相同的水和煤油加热（不考虑热损失），在时间相同的情况下，水比煤油温度升高的少，也可以说，要使质量相同的水和煤油升高相同温度，水吸收的热量比煤油吸收的热量_____。换用其它物质来做这样的实验，通过实验人们得到了类似的结果，物质的这种特性我们可以用物理量_____来描述。 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．体积为5?10?3米3的金属小球浸没在水中。求： （1）小球排开水的体积V排； （2）小球受到的浮力F浮。 20．图1是一艘完全依靠太阳能驱动的船，该船长30米，宽15米，排水量60吨，船的表面安装有太阳105W，若接收的太阳能只用来驱动船前进．在一次航行中，从某一能电池板，接收太阳能的功率为1.6× 时刻开始，太阳能船收到水平方向的牵引力F随时间t的变化关系如图2甲所示，船的运动速度v随时间t的变化关系如图2乙所示．（g取10N/kg） 求：满载时太阳能船受到的浮力；第50s到第100s内牵引力做的功；第50s到第100s的运动过程中，太阳能船的效率． 21．如图所示，正方体木块漂浮在氯化钠溶液里，有总体积的 1露出液面，不可伸长的悬绳处于松弛状态。5已知绳子能承受的最大拉力为5N，木块边长为0.1m，容器底面积为0.02m2，容器底有一阀门K。（g取10N/kg，溶液的密度为1.2×103kg/m3）求： （1）木块的密度是多少？ （2）打开阀门使液体缓慢流出，当细绳断裂前一瞬间关闭阀门，此时木块受到的浮力为多少？ （3）在细绳断后，木块再次漂浮时，与断绳前的瞬间相比，容器底受到液体的压强改变了多少？ 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22．如图所示，一束光垂直射向一顶角为30°的玻璃三棱镜．请在图中画出光通过三棱镜的光路图． （__________） 23．如图是一通电螺线管，请在括号里标出静止小磁针的N、S极。 （_____） 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．如图甲所示是“探究冰熔化时温度变化的规律”的实验装置（试管内装有50g冰）。 （1）在实验过程中，不是用酒精灯直接对试管加热，而是把装有冰的试管放在水中加热，这样做不但使试管受热均匀，而且冰的温度上升速度较________，便于记录各个时刻的温度。 （2）图甲中A、B、C是三位同学读取温度计示数时的视线，正确的是_______。 （3）如图乙所示是加热过程中物体温度随时间变化的图象。根据图象可知，在熔化过程中温度计的示数_________。 （拓展）AB段和CD段倾斜程度不同，是因为__________________；AB过程吸收的热量是________J [c 水 103J/（kg·℃）] ＝4.2× 25．小明利用如图甲所示的电路探究“电流与电压、电阻的关系”，可供选择的器材有：电源（两节新干电池），电流表、电压表、开关，阻值分别为5Ω、10Ω、60Ω的定值电阻各一个，“10Ω 1A”、“20Ω 1.5A”、“30Ω 2A”三种规格的滑动变阻器，导线若干． A．B．C．D．请你用笔 画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整．闭合开关前，应将变阻器滑片P移到_______（选填“A”或“B”）端．闭合开关，发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是________．故障排除后，小明首先“探究电流与电阻关系”，他把5Ω的电阻接入电路，移动变阻器滑片P，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，将5Ω电阻替换为10Ω的电阻继续进行实验，接下来他应将变阻器滑片P向_______ （选填“左”或“右”）端移动；本次实验中所选滑动变阻器的规格为________．完成上述实验后，小明把5Ω的电阻接入电路中，来探究“电流与电压的关系”．通过正确操作得到数据如下表所示，分析表中数据得到的结论是_____________________． 实验序号 电压U/V 电流I/A （6）小华在原有器材的基础上，增加了定值电阻R0、电阻箱（ ① 0.5 0.1 ② 1.0 0.2 ③ 1.5 0.3 ④ 2.0 0.4 ⑤ 2.5 0.5 ）和一个单刀双掷开关，设计了几种 单表测量额定电压为2.5V小灯泡额定功率的电路图，如图丙所示，其中符合要求的有________． 26．在做“探究凸透镜成像的规律”的实验中 小莉将凸透镜正对太阳光，在透镜的另一 侧移动光屏，在距透镜10cm处，屏上呈现出最小最亮的光斑，则此凸透镜焦距约是_____cm．小莉同学做实验时，发现烛焰在光屏上的像如图甲所示，若要使烛焰在光屏中心成像，只调节透镜，应将透镜向_____（上/下）调节．若将烛焰移至距凸透镜15cm处，移动光屏，使烛焰在光屏上得到倒立、_____、清晰的_____实像，（照相机/幻灯机/放大镜）就是应用这一原理制成的．当烛焰通过凸透镜在光屏上成一实像时，如果凸透镜被某同学用纸片挡住一半，则光屏上所成的像将_____（完整/不完整），像的明暗将_____（变亮/变暗/不变）．小明提出用9个红色的发光二极管按“F”字样镶嵌排列在白色方格板上替代蜡烛作为光源，又用同样的白色方格板做成光屏，实验使用实验装置如图乙所示，同学们对小明使用的实验装置进行如下评价，其中错误的是_____． A．与烛焰相比，实验使用的光源不会晃动，光屏上所成的像比较稳定 B．光源镶嵌在白色方格板上，用同样的白色方格板做光屏，便于比较像与物的大小 C．零刻度线刻在光具座标尺的中央，可直接测出物距和像距 D．若凸透镜的焦距未知，则利用此实验装置不能测量凸透镜的焦距． 参考答案 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．D 【解析】 【分析】 由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；（2）根据欧姆定律结合滑动变阻器的阻值确定电压表与电流表的示数比值的变化；（3）当电流表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，定值电阻的功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，定值电阻的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后得出答案． 【详解】 分析电路可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．A. 闭合开关S,若滑片P向左移动，接入电路中的电流变小，电路中的总电阻变小，由I＝ U 可知，电路中R的电流变大，即电流表的示数变大，故A错误；B.分析可知，电压表与电流表的示数比值等于滑动变阻器接入电路中电阻，滑片移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻发生变化，即电压表与电流表的示数比值变化，故B错误；CD.当电流表的示数最大时，即I大＝0.6A时，定值电阻的功率最大，此时滑动变阻器 U4.5V＝ ＝7.5Ω，因串联电路中总电阻等于各接入电路中的电阻最小，此时电路中的总电阻：R总＝ I大0.6A分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑小＝R总﹣R＝7.5Ω﹣5Ω＝2.5Ω，当电压表的示数U滑＝3V时，电路中的电流最小，定值电阻的电功率最小，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压：UR＝U﹣U滑＝4.5V﹣3V＝1.5V，因串联I小＝电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流： UR1.5V ＝ ＝0.3A，故电流表的变化范围是0.3A～R5Ω0.6A．滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R滑大＝ 为2.5Ω～10Ω，故C错误，D正确；故选D． 2．C 【解析】 【详解】 U滑3V＝ ＝10Ω，则滑动变阻器的阻值变化范围I小0.3AA．近视眼观察远处物体时，像成在视网膜的前方，为使光线延迟会聚，应佩戴具有发散作用的凹透镜来矫正，故A错误； B．放大镜可以成倒立、放大的实像，也可以成倒立、缩小的实像，也可以正立、放大的虚像(不是实像)，故B错误； C．照相机是利用物距大于2倍焦距时，相距处在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、缩小的实像的原理，故C正确； D．用放大镜看书时，书距放大镜的距离应小于1倍焦距，此时成正立、放大的虚像，故D错误。 3．D 【解析】 【详解】 A、在落地高压线附近行走，会发生跨步电压触电，故A错误； B、多个大功率用电器同时使用一个插座，会使得通过插座的电流变大，容易发生火灾，不符合安全用电原则，故B错误； C、开关接在灯泡和零线之间，当断开开关，火线和灯泡还处于连接状态，人接触灯泡的金属部分时会发生触电事故，不符合安全用电原则，故C错误； D、电水壶的金属外壳必须接地，应采用用三脚插头及三孔插座，可以防止外壳漏电时发生触电事故，符合安全用电原则，故D正确。 4．D 【解析】 【详解】 观察乙图，发现浓度增大，气敏电阻阻值R变小．回到甲图，天然气浓度增大，气敏电阻R变小，根据串联电路电阻等于各个电阻之和，有欧姆定律I=U，当R变小，电流I变大，电压表测量R0的电R+R0压U0?IR0,电流变大，电压变大，A错．电路消耗的总功率P?UI,总电压U不变，I变大，总功率变大B错．天然气浓度减小，气敏电阻R变大I=UU可判断电流I变小C错．此时R0?0，不管电流怎R+R0I么变化，定值电阻R0不变，比值不变，答案D对． 5．D 【解析】 【分析】 【详解】 A.电路中，R1与R2并联，并联电压等于电源电压，电流表A2测通过R2的电流，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，R2变大，根据欧姆定律，通过R2的电流变小，电流表A2的示数变小，故A错误； B.电流表A1测总电流，因R1的电压始终为电源电压保持不变，根据欧姆定律，通过R1的电流不变，而通过R2的电流变小，根据并联电路特点，总电流变小，电流表A1的示数变小，故B错误； C.电压表测电源电压，故电压表示数不变，故C选项错误； D.因为通过R1的电流不变，根据并联电路电流的规律，电流表A1与电流表A2的示数之差即为通过R1的电流保持不变，D选项正确． 6．B 【解析】 木箱匀速下滑时，动能不变，重力势能减少，故机械能减少；在下滑过程中，因为摩擦力的存在，对木箱做功，所以木箱内能增大，温度升高． 7．D 【解析】 【分析】 【详解】 A．“雾凇”是空气中的水蒸气遇冷直接变为固态，属于凝华现象，故A错误． B．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，是凝华现象，故B错误． C．“露”是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，是液化现象，故C错误． D．雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故D正确为答案． 8．C 【解析】 “水星凌日”现象是水星转到太阳与地球中间且三者在一条直线上时，在地球上看到水星从太阳面上移动的现象，是由于光的直线传播形成的． 海市蜃楼是光线通过密度不均匀的空气中发生的折射现象，故A不符合题意． 镜花水月是平面镜成像，属于光的反射现象，故B不符合题意． “小孔成像”是由于光的直线传播形成的，与“水星凌日”原理相同，故C符合题意为答案． 水中荷花的倒影是平面镜成像，属于光的反射现象，故D不符合题意． 9．B 【解析】 【详解】 由阿基米德原理可知，当物体浸没在水中，受到的浮力： F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3m3=20N＞12N， 根据浮沉条件可知：物体会上浮，最后漂浮在水面上； 根据漂浮的条件知：受到的浮力 F浮′=G=12N． 10．C 【解析】 解：A、光从空气斜射入水中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角，而图中折射角大于入射角了，不符合折射规律，故A错误； B、光从空气斜射入水中时，折射光线与入射光线应分居法线的两侧，而图中两条光线在同侧，故B项错误． C、光从空气斜射入水中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角，并且折射光线与入射光线分 居法线的两侧，符合折射规律，故C正确； D、光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，而图中光的传播方向不变，故D错误． 故选C 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．AB 【解析】 【分析】 （1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大． （2））大气压随高度的增加而减小； （3）产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动． （4）近视眼应佩戴合适的凹透镜进行矫正． 【详解】 A、图甲中，向两张纸的中间吹气，两张纸向中间靠拢，是因为中间的空气流速大，压强小，故A正确； B、图乙中，把气压计从山底拿到山顶的过程中，瓶内气体压强p不变，而大气压p0变小，所以h应变大，玻璃管中水柱升高，故B正确； C、图丙中，若开关没有闭合，尽管金属棒ab在磁场中左右运动，电路中也不会产生感应电流，故C错误； D、图丁中的折射光线比入射光线向主光轴靠拢，所以虚框内是有会聚作用的凸透镜，但近视眼应该用凹透镜矫正，故D错误． 故选AB． 【点睛】 此题考查流体压强和流速的关系、大气压与高度的关系、透镜及其应用和电磁感应现象，是一道力学和电学综合实验题，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题． 12．BC 【解析】 【详解】 A.根据浮沉条件可知，甲中物块悬浮，所以ρa=ρ，乙中物块漂浮，所以ρb＞ρ，即ρb＞ρa=ρ，故A错误； B.由选项A分析可知ρb＞ρa，根据液体压强公式p?ρgh 可知乙容器底受到液体的压强较大，故B正确； C.由选项B分析可知乙容器底受到液体的压强较大，根据公式F?ps 可知乙容器底受到液体的压力较大，故C正确； D. 容器对桌面的压强增加量p增加?F增加S?G增加S ，因为甲乙容器中增加的重力均来自同一小物块，所 以容器对桌面的压强增加量相同，故D错误． 13．AC 【解析】 【详解】 A、电荷的定向移动形成电流，正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，故A正确； B、由电学常识可知，家庭电路中电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大造成的，故B错误； C、电磁波的传播不需要介质，电磁波在真空中传播速度为3×108m/s，故C正确； D、风能、太阳能可从自然界源源不断得到，是可再生能源，天然气属化石能源，一旦消耗短时间内无法再生，属不可再生能源，故D错误． 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．9 0.9 1.35 【解析】 【分析】 【详解】 [1]由电路图知,当S1闭合,S2、S3断开时,R1和R2串联入电路中,电流表测干路电流，由I?压：U=IR总=0.3A×(10Ω+20Ω)=9V； [2]由电路图知,当S2闭合,S1、S3断开时,为R2单电阻电路， 则电流表示数：I?U可得电源电RU9V?=0.9A； R210Ω[3]由电路图知,当S2、S3闭合,S1断开时,R1与R2并联，电流表测干路电流，由并联电路电压特点知：U=U1=U2=9V，由并联电路的电流特点和I?U可得，电流表示数：RUU9V9V????0.45A+0.9A=1.35A R1R220?10?15．2×1030 【解析】 【详解】 m6?1024kg地球形成的黑洞的密度约为：?? ??2?1030kg/m3。?63V3?10m16．7×108 1.1×105 7×103 【解析】 107kg，航母满载时受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝（1）该航母满载时排水量：m排＝70000t＝7× 7×107kg×10N/kg＝7×108N；（2）满载时该航母最底处受到海水的压强：p＝ρ海gh＝ 1.0×103kg/m3×10N/kg×11m＝1.1×105Pa．（3）因为航母漂浮在水面上，则F浮＝G，直升机飞离该航母后，则F浮′＝G′，由于直升机飞离该航母后，直升机的重力G直＝G﹣G′，则△F浮＝F浮﹣F浮′＝G﹣G′＝G直， 根据F浮＝ρ海gV排和G＝mg可得：直升机的质量m直＝103kg． ＝7× nF浮?海nV排＝103kg/m3×7m3＝ρ海△V排＝1.0×gg点睛：（1）知道航母满载排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力；（2）已知深度，利用液体压强公式p＝ρgh求出海水的压强．（3）航母漂浮，则浮力等于重力，利用重力、密度公式和阿基米德原理表示出航母在舰载机飞离前后排开海水的体积，然后列出等式，计算舰载机的质量． 17．2.2 50 【解析】 【分析】 【详解】 由电能表上的参考数据可知，他家允许同时长期工作的用电器最大总功率：P最大=UI最大=220V×10A=2200W=2.2kW；转盘转过5r消耗的电能：W= 5W6000J11kW?h=kW?h=×3.6×106J=6000J，t=2min=120s，P= ==50W. 台灯的电功率：3000t120s60060018．多 比热容 【解析】 【详解】 相同的加热器加热物体，物体吸收热量的多少可以利用加热时间的长短来比较。质量相等的水和煤油，在加热时间相等，即吸收相同热量的前提下，煤油升高的温度多。也就是说要使两者升高相同的温度，对水加热的时间要长，即水吸收的热量要多；这是为了研究物体的吸热本领与物质的种类是否有关而做的实验，在物理学中，为了表示不同物质的吸热本领不同，而引入了比热容这个物理量。 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．10-3m3；（1）5×（2）49N 【解析】 【详解】 10-3m3； （1）因为小球浸没在水中，所以小球排开水的体积：V排=V=5× 103kg/m3×9.8N/kg×5×10-3m3=49N。 （2）小球受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×10-3m3； 答：（1）小球排开水的体积为5×（2）小球受到的浮力为49N。 20．105N；106J；（1）6×（2）2×（3）25% 【解析】 【详解】 （1）满载时太阳能船受到的浮力： F浮=G排=m排g=60×103kg×10N/kg=6×105N； （2）第50s到第100s内，由图甲可知牵引力： F=8×104N， 由图乙可知船匀速行驶的速度： v=0.5m/s， 由v=s/t可得，船行驶的距离： s=vt=0.5m/s×50s=25m， 第50s到第100s内牵引力做的功： W=Fs=8×104N×25m=2×106J； 105W，则第50s到第100s的运动过程中，太阳能（3）由题可知，太阳能电池板接收太阳能的功率为1.6×电池板接收到的太阳能： E=Pt=1.6×105W×50s=8×106J， 则太阳能船的效率： η=W/E×100%=（2×106J/8×106J）×100%=25%． 21．103kg/m3；（1）0.96×（2）4.6N；（3）250.2Pa。 【解析】 【详解】 （1）∵木块漂浮，∴F浮=G木，∵F浮=ρ液V排g，G木=ρ木V木g，∴ρ液V排g=ρ木V木g，∵木块总体积的露出水面，∴V排= 15444V木，ρ木=ρ液=×1.2×103kg/m3=0.96×103kg/m3； 555103kg/m3×(0.1m)3×10N/kg=9.6N， （2）木块的重力：G木=m木g=ρ木V木g=0.96× 当细绳断裂时，F浮′+F最大=G木，F浮′+5N=9.6N，解得：F浮′=4.6N； （3）在细绳断开后木块再次漂浮时，受到的浮力F浮=G=9.6N， 浮力的增加量：ΔF浮= F浮- F浮′=9.6N-4.6N=5N， ?F浮5N?10-4m3， 排开水体积增加量：ΔV排=≈4.17×33?液g1.2?10kg/m?10N/kg水面上升的高度：Δh= ?V排S4.17?10?4m3=0.02085m， ?20.02m103kg/m3×10N/kg×0.02085m=250.2Pa。 容器底受溶液的压强的变化量：Δp=ρgΔh=1.2×103kg/m3； 答：（1）木块的密度为0.96×（2）此时木块受到的浮力为4.6N； （3）在细绳断开后木块再次漂浮时，容器底受到水的压强与断绳前的瞬间相比，容器底受水的压强增大了250.2Pa。 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22．如图所示： 【解析】 试题分析： 光从空气入射到玻璃界面上，传播方向不变，当光从玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角，折射光线将远离法线，如图所示： 考点：光的折射 23． 【解析】 【详解】 由图知，电流从螺线管左端流入、右端流出；根据安培定则，右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，则大拇指指向螺线管的左端为N极，右端为S极； 已知通电螺线管的右端为S极，根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥，则小磁针的右端为N极，左端为S极，如图所示： 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．慢 B 保持不变 冰的比热容比水的比热容小 420 【解析】 【详解】 （1）实验中将装有冰的试管放在水中加热，这样做的目的是能使试管受热均匀，由于水的温度上升缓慢，所以冰的温度上升速度较慢，便于记录各个时刻的温度； （2）读数时视线应与液柱的上表面相平，所以B正确； （3）如图乙所示是加热过程中物体温度随时间变化的图象。根据图象可知，在熔化过程中温度计的示数 保持不变； （4）由图像可以看出，AB段和CD段倾斜程度不同，升高相同温度时，AB段（冰）比CD段（水）用的时间短，所以冰比水吸热升温快，原因是冰的比热容比水的比热容小；水在CD段从0℃到2℃，冰在AB段从-4℃到0℃，酒精灯加热时间相同，AB过程吸收的热量等于CD段水吸收的热量：Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg?℃)×0.05kg×(2℃-0℃)=420J。 25． A 定值电阻R断路 左 “30Ω 2A” 导体的电阻一定时，流 过导体的电流与导体两端的电压成正比 ACD 【解析】 【分析】 （1）根据电路图，滑片以右电阻丝连入电路中，根据电源电压为3V确定电压表选用小量程与电阻并联；（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片滑到阻值最大处； （3）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了； （4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入60Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻即可知道需要滑动变阻器的阻值； （5）分析表中数据得出结论； （6）能直接或者间接测出电灯泡的额定电压和额定电流的电路图都符合要求． 【详解】 （1）根据电路图，滑片以右电阻丝连入电路中，电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下图所示： （2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片滑到阻值最大处，即A端； （3）闭合开关，同学发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是定值电阻R断路； （4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动， 使电压表的示数为2V； 电阻两端的电压始终保持UR=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UR=3V-2V=1V，当接入60Ω电阻时，此时电路的电流为：I?UR2V1??A,变阻器连入电路中的电阻为：R60?30U滑1VR滑==?30?，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少30Ω的滑动变阻器，即使用所1IA30有定值电阻完成这次探究实验，应选择滑动变阻器的规格为30Ω 2A． （5）分析表中数据知，电压为原来的几倍，通过的电流为原来的几倍，即电阻一定时，电流与电压成正比； （6）A、图A中，S先接b，移动滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光；再接a调节变阻箱，是电压表的示数仍为2.5V时，此时电阻箱的电阻等于灯泡的电阻，小灯泡的额定电流为： IL=IR?2.5V,再由P?UI就能算出小灯泡的额定功率，故A正确； RB、无论S接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，此方案不能测定小灯泡的额定电功率；故B错误； C、开关接a时，调节电阻箱和R1，使电阻箱两端的电压为UR?0.5V，则灯的电压为： UL?U?UR?3V?0.5V?2.5V,再根据I?U算出流过电阻箱的电流，即为小灯泡的额定电流，再由RP?UI就能算出小灯泡的额定功率，故C正确； D、图D中，S先接a移动滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光；再接b测量出灯泡和电阻箱的总电压U总，小灯泡的额定电流为：IL=IR?功率，故D正确； 【点睛】 本题研究“电流与电压、电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、故障分析、操作过程、器材的选择、数据分析、控制变量法、及设计方案测小灯泡电功率的能力． 26．【解析】 考点：凸透镜成像规律及其探究实验． 分析：（1）当平行光线经过凸透镜后，光线会经过焦点，此时焦点到凸透镜的距离即为焦距； （2）在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度； （3）物体位于凸透镜1倍焦距和2倍焦距之间时，成倒立、放大的实像，幻灯机和投影仪就是运用这个 U总-2.5V,再由P?UI就能算出小灯泡的额定 R
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