山西省阳泉市郊区2019-2020学年中考物理模拟试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图所示，物体浸没在水中，工人用200N的拉力F在10s内将重为400N的物体匀速提升2m，物体g=10N/kg， 没有露出水面，此时滑轮组的机械效率是80%，不计绳重和摩擦，则下列说法中正确的是（ ）
A．物体露出水面前，工人匀速提升重物时拉力的功率为40W B．物体在水中受到的浮力为320N C．物体的体积为8×10-3m3
D．物体露出水面后，此滑轮组提升该物体的机械效率将小于80%
2．如图所示，在水平桌面上放一个重300 N的物体，物体与桌面的摩擦力为60 N，若不考虑绳的重力和绳的摩擦，使物体以0.1 m/s匀速移动时，水平拉力F及其功率的大小分别为( )
A．20 N 2 W C．60 N 2 W
3．下列数据中，最接近生活实际的是 A．一名初中生的质量是50kg C．初中生的正常体温是39℃
B．30 N 6 W D．20 N 6 W
B．一名普通初中生的身高是216m
D．中学生通常情况下的步行速度可达4km/s
4．生活中热现象随处可见，下列说法中不正确的是 A．在远处闻到花的香味，是分子无规则运动的结果
B．冬天很冷的时候搓手就感到暖和，是用做功的方式改变内能
C．使用高压锅更容易把食物煮熟，是利用了液体沸点随气压增大而降低的原理 D．夏天在河岸边觉得沙子热得发烫而河水却不怎么热，是因为水的比热容大 5．坐在船上的人用浆向后划水时，船就会前进，使船前进的力是 A．人手作用于船浆上的力 C．水作用于船体的力
B．水作用于浆上的力 D．浆作用于水上的力
6．有两个可变电阻，开始时阻值相等，都为R，现将其中一个电阻的阻值增大，将另一个电阻的阻值减小，则两个电阻并联后总电阻将 A．一定等于RB．一定小于R C．一定大于RD．以上结果都有可能
7．如图是我市惠民的“共享单车”，它不仅给市民出行带来方便，而且低碳环保．下面有关“共享单车”结构及使用的说法中正确的是
A．座垫宽大能减小对人体的压强 B．“共享单车”转弯时受到平衡力的作用
C．把手上的花纹是为了增大接触面积，从而增大摩擦力 D．“共享单车”下坡时速度越来越大，是由于惯性越来越大
8．如图所示的光学实验研究出的物理规律不能解释所对应的光学现象的是
A．手影 B．透镜成像
C．水中筷子变“弯” D．彩虹
9．夹子是我们生活中经常使用的物品，图中给出了夹住物品和用手捏开时的两种情况．下列说法中正确的是
A．用手将其捏开时．它是省距离的 B．用其夹住物品时，它是费力的
C．无论将其捏开还是夹住物品时．它都是省力的 D．无论将其捏开还是夹住物品时，它都是费力的
10．根据你掌握的安全用电常识，下列做法正确的是 A．小洁在电线上晾衣服 B．小芳用湿毛巾擦台灯的灯泡
C．小强使用测电笔时手接触笔尾的金属体
D．小华在一个多功能插座上同时使用多个大功率用电器 二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图，分别用甲、乙两个滑轮将同一重物用同样的时间从一楼提升到二楼，甲、乙两个滑轮所做的有用功分别为W1、W2， 机械效率分别为η1、η2，绳端拉力分别为F1和F2，做功的功率分别为P1和P2，不计绳重和摩擦，滑轮的质量小于重物的质量，则下列关系正确的是
A．W1=W2 C．F1=F2
B．η1＜η2 D．P1＜P2
12．为了将放置在水平地面上重G=100N的重物提升到高处．小明设计了如图甲所示的滑轮组装置．当小明用如图乙所示随时间变化的竖直向下拉力F拉绳时，重物的速度v和上升的高度h随时间t变化的关系10-2m2，不计摩擦，绳对滑轮的拉力方向均可看图象分别如图丙和丁所示．若重物与地面的接触面积S=5×
成在竖直方向．（已知小明的质量为60kg，每只鞋与地面的有效接触面积为200cm2）下列说法正确的是
A．在2-3s内，拉力F的功率P=300W B．在1-2s内，拉力F所做的功W=187.5J
C．在0-1s内，小明对地面的压强p1=1.425×104Pa D．在0-1s内，重物对地面的压强p2=800Pa
13．如图1所示，一个不规则的石块和质量m0的砝码分别挂在刻度尺两端，使杠杆水平平衡，力臂分别为l1和l2；如图2所示，将不规则的石块浸没在水中，移动砝码位置，使杠杆仍然水平平衡，力臂分别为l1和l3，则下列正确的是
A．石块的重力G=
m0gl2 l1B．石块所受浮力F浮=
m0g?l2?l3?l1
C．石块的体积V=
m0?l2?l3??水l1l2D．石块的密度ρ=ρ水
l3三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．如图所示的电路中，若同时闭合开关S1和S3、断开S2，电阻R1与R2是_____的；若只闭合开关S2，电阻R1和R2是_____的。（均选填“串联”或“并联”）
15．为测量某种液体的密度，小明利用天平和量杯测量了液体和量杯的总质量m及液体的体积V，得到了几组数据并绘出了m﹣V图象，如图所示．量杯的质量是_____g，这种液体的密度是_____kg/m3
16．2018年10月24日上午9时港珠澳大桥正式通车（如图），大桥路线总为55 km，设计时速为100~120 km/h．某汽车通过大桥全程用时40 min，则该车平均速度为_________km/h；当该车加速超越另一辆车时，以另一辆车为参照物，该车是_________的（选填“运动”“静止”）．
17．如图，一束光在空气和玻璃两种介质的界面上同时发生反射和折射。（图中入射光线，反射光线和折射光线的方向均未标出）其中折射光线是_____（用字母表示），反射角等于_____。
18．洒水车在工作时要求速度不能太快，一辆洒水车在马路上作业时，20min行驶了8km，该洒水车的速度为________km/h。在洒水的过程中，洒水车的机械能____________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。洒水结束，洒水车快速行驶回基地，乘坐小汽车的小明与洒水车擦身而过时，感觉到车身有一点晃动，其原因是：_________。
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．某电热水壶的铭牌信息如表所示，在壶中装满水后连续正常加热5min，水的温度由20℃升高到100℃。 产品名称 型号 容量 额定电压 额定频率 额定功率 333电热水壶 MK-HSI7E2 1.5L 220V~ 50Hz 1800W 已知:c水?4.2?10J?kg?℃?，?水=1.0?10kg/m 求:水吸收的热量是多少?电热水壶加热时的热效率?
20．（ 2017?杭州卷）如图是小金研究电动机转动是否对小灯泡的亮度有影响的电路图，开始小金先抓住转轴合上开关，观察小灯泡的亮度，接着放开转轴让电动机转动，继续观察小灯泡亮度的变化（已知：小灯泡的电阻为R，电动机线圈电阻为r，电源电压为U），由此请你回答：
（1）在电动机未转动时，t时间内电流在电路中产生的热量为__（填写表达式）；
（2）在电动机转动时，电流所做的功_____电流在电路中产生的热量（选填“大于”“等于”或“小于”）； （3）小金判断电动机转动后小灯泡会更亮，你认为小金的判断正确吗？并根据学过的知识给以解释． 21．体积为5?10?3米3的金属小球浸没在水中。求： （1）小球排开水的体积V排； （2）小球受到的浮力F浮。
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图所示，一束激光α斜射向半圆形玻璃砖圆心O，结果在屏幕上出现两个光斑，请画出形成两个光斑的光路图．
23．下面图是一杠杆图，试画出作用在杠杆A端使杠杆在图示位置平衡的最小动力的示意图并画出该力的力臂．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．实验室有如下器材：天平（含砝码）、量筒、烧杯、弹簧测力计、金属块、小石块、细线（质量和体积不计）、足量的水（密度已知）
（1）甲组选用上述一些器材测量金属块的密度，步骤是： ①把天平放在水平桌面上，如图甲所示，接下来的操作是： a．将游码移到零刻线处；
b．向_____（填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡；
c．在左盘放金属块，向右盘加减砝码并移动游码使天平重新平衡，如图乙所示，金属块的质量m＝_____； ②在量筒中倒入20mL水；
③把金属块浸没在量筒的水中，如图丙所示； ④计算金属块的密度是_____kg/m1．
小组成员讨论时提出：测量时如果按照图丙所示的读数方式来读数，该实验所测密度与金属块实际的密度相比将_____（选填“偏大”或“偏小”）
（2）乙组选用上述一些器材（没有天平），设计了一种测量小石块密度的实验方案．选用器材：弹簧测力计、小石块、细线、水、烧杯． 主要实验步骤：
①用细线将小石块挂在调节好的弹簧测力计的挂钩上，用弹簧测力计测小石块在空气中的重力G，如图丁所示，小石块的重力为_____． ②_____．
小石块密度的表达式：ρ石＝_____ρ水 （用字母表示，已知水的密度为ρ水） 25．小明在做“用伏安法测量某定值电阻R的阻值”的实验中：
（1）请你按照图甲所示的电路图，以笔画线代替导线，将图乙小明未连接好的电路连接完整。 （_______）
（2）实验前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应置于_____端（填“A”或“B”）。
（3）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P．发现电压表始终无示数，电流表有示数，其原因可能是_____（填符号）
A．滑动变阻器断路 B．R断路 C．R短路
（4）排除故障后，当电压表的示数如图丙所示时，电流表的示数如图丁所示，则通过定值电阻的电流大小为_____A，它的阻值是_____Ω。
26．小致和小红做测量滑轮组机械效率的实验，先用弹簧测力计测量钩码所受的重力G(如图甲)，再按图乙所示的连接方式组装好滑轮组并分别记下钩码和弹簧测力计的起始位置．
图甲中弹簧测力计的示数为______ N图乙中，为了测量绳子自由端的拉力F，小致
认为应该在弹簧测力计静止时读数，小红认为应该在缓慢匀速提升时读数，正确的是______ (选填“小致”或“小红”)．若增加物重，则所测的滑轮组机械效率将__________
参考答案
一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．C 【解析】 【详解】
A．由图知，n=2，拉力端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，拉力端移动的速度：v=s/t=4m/10s=0.4m/s，拉力0.4m/s=80W，故A错； 的功率：P=Fv=200N×
B．滑轮组的机械效率：η=W有用/W总=(G?F浮)h/Fs=(G?F浮)h/F×2h=G?F浮/2F=400N?F浮/2×200N=80%，解得：F浮 =80N，故B错；
C．由F浮 =ρ水 V排 g得物体的体积：V=V排 =F浮/ρ水g=80N/1×103kg/m3×10N/kg=8×10-3 m3 ，故C正确； D．物体露出水面后，没有了浮力，相当于增加了提升物体的重，增大了有用功，不计绳重和摩擦，额外功不变，有用功和总功的比值变大，此滑轮组提升该物体的机械效率将大于80%，故D错。 2．D 【解析】
试题分析：由图示可知，滑轮组由三段绳子拉着物体匀速运动，所以拉力等于物体与地面摩擦力的三分之一，摩擦力为60N，所以拉力为20N；物体移动的速度为0.1 m/s，所以拉力F移动的速度为物体移动速0.3m/s=6W；故应选D． 度的三倍是0.3m/s，，所以拉力的功率为P=Fv=20N×【考点定位】有关滑轮组的计算 3．A 【解析】 【详解】
A、一名初中生的质量大约100斤左右，即50kg左右，故A正确 B、一名普通初中生的身高是216cm=2.16m，故B错误； C、初中生的正常体温大约是37℃，故C错误； D、人正常步行的速度约为1.2m/s，故D错误。 4．C 【解析】
【详解】
A、我们能闻到花的香味是因为分子在做无规则运动，故A正确，不符合题意；
B、搓手时，我们通过克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，即通过做功改变了内能，故B正确，不符合题意；
C、使用高压锅更容易把食物煮熟，是利用了液体沸点随气压增大而增大的原理，故C错误，符合题意； D、水的比热容比沙子的比热容大，吸收相同的热量，水的温度变化小、沙子的温度变化大，所以觉得沙子热得发烫而河水却不怎么热，故D正确，不符合题意。 5．B 【解析】 【分析】 【详解】
A．人手作用在桨上的力，它的反作用力应该是桨作用给人手的，这两个力都不是直接使船前进的力，不合题意；
B．水作用于桨上的力，推动了桨，进而推动了船，因此，这是使船前进的力，符合题意； C．水并没有直接作用于船体，推动船体前进，而是将力作用在桨上，不合题意； D．桨作用于水上的力方向是向后的，并不是使船前进的力，不合题意． 6．B 【解析】 【分析】
并联电路的总电阻小于任何一个分电阻，越并越小。 【详解】
因为并联电路的总电阻小于任何一个分电阻，所以将其中一个电阻的阻值增大，大于R，将另一个电阻的阻值减小，小于R，总电阻一定小于R，故B正确；A、C、D不正确。 故选B。 7．A 【解析】 【分析】 【详解】
A、座垫宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A正确；
B、自行车转弯时其方向发生了改变，不是平衡状态，所以没有受到平衡力的作用，故B错误； C、把手的花纹，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，而不是增大接触面积，故D错误．
D、下坡时自行车速度越来越大，是动能增大，而不是由于惯性越来越大；惯性的大小只与质量有关，与
速度大小无关，故C错误． 8．B 【解析】 【分析】
（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，例如影子、日食、月食、小孔成像等；
（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：水变浅了等． 【详解】
A、实验探究的是光在均匀介质中沿直线传播；手影是由光的直线传播形成的，故A正确，不符合题意； B、实验探究的是光的反射定律；凸透镜成像是由光的折射形成的，故B错误，符合题意； C、实验探究的是光的折射现象；筷子变“弯”是由光的折射形成的，故C正确，不符合题意； D、实验探究的是光通过三棱镜时的色散现象，彩虹属于光的色散，故D正确，不符合题意． 故选B． 9．B 【解析】 【分析】 【详解】
用手捏开夹子时，夹子的手柄部分比较长，在使用的过程中动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆． 夹子夹住物品时，钢圈产生的力是动力，被夹物体产生的力是阻力，夹子的转轴处是支点，阻力臂大于动力臂，所以是费力杠杆． 故B正确． 10．C 【解析】 【详解】
A．湿衣服是导体，当把湿衣服晾在电线上时，一旦漏电，人接触衣服时会发生触电事故，故A错误； B．因为湿抹布是导体，当用湿毛巾接触带电体时，可能会使电源通过人体与大地形成通路，故B错误； C．使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，这样才能形成回路测试出来，但不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故，故C正确；
D．多个大功率用电器同时使用一个插座，会使总功率过大，造成电流过大，容易引起火灾，不符合安全用电常识，故D错误。
二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．AD 【解析】 【详解】
因为分别用甲、乙两滑轮把同一物体从一楼地面提到二楼地面，根据W有用=Gh可知，两种情况的有用功相同；A正确；不计绳重和摩擦，当有用功一定时，利用机械时做的额外功越多，机械效率就越低，乙滑轮是动滑轮，要克服动滑轮重力做功，即利用乙滑轮做的额外功多，?1>?2；B错误；甲使用定滑轮，F1=G，乙使用动滑轮F2=
1（G+G动），因滑轮的质量小于重物的质量，可得F2
A、由图象可知，在2～3s内，重物做匀速运动，v1=2.50 m/s，拉力F1=40N，因为连接动滑轮的绳子有三根，所以拉力F的作用点下降的距离是重物上升高度h1的3倍．拉力F的功率P=
WF1s?=F1v2=40N×3×2.5m/s=40N×7.5m/s=300W，故A正确； ttB、在1～2s内，拉力F2=50N，重物上升高度h=1.25m，拉力通过的距离s=3h=3×1.25m=3.75m，拉力F3.75m=187.5J，故B正确； 所做的功W=F2s=50N×
C、人的重力G人=m人g=60kg×10N/kg=600N，动滑轮的重力：G动=3F1-G=3×40N-100N=20N，在0～1s内，拉力F3=30N，取人为研究对象，人受到向下的重力G人、地面对人向上的支持力F支1以及绳子向上的拉力F3三个力的作用处于静止状态；由于力的作用是相互的，所以人对地面的压力F1=F支1= G人-F3=600N-30N=570N，小明对地面的压强p1=
F1570N=104Pa，故C正确； -22=1.425×S人2?2?10mD、在0～1s内，拉力F3=30N，取动滑轮和重物为研究对象，受到向下的重力G和G动，向上的支持力F
支2
以及三根绳子向上的拉力3F3的作用处于静止状态，地面对重物的支持力F支1=G+G动
-3F3=100N+20N-3×30N=30N，由于力的作用是相互的，所以重物对地面的压力F2=F支2=30N，重物对地面的压强p2=13．ABC 【解析】 【分析】 【详解】
F230N?=600Pa，故D错误． -22S5?10mm0gl2A．根据杠杆平衡条件，由图1可知Gl1=m0gl2，所以石块的重力G=，故A正确；
l1B．根据杠杆平衡条件，由图2可知(G-F浮)l1=m0gl3，Gl1-F浮l1=m0gl3，m0gl2- F浮l1=m0gl3，石块受到的浮力F浮=
m0g?l2?l3?l1，故B正确；
F浮C．根据F浮=ρ水gV排得石块的体积V=V排==
?水gm0g?l2?l3?m0?l2?l3?l1=，故C正确；
?水l1?水gl2m0?l2?l3?m0gl2GmD．根据ρ=得石块的密度ρ=，把G=，V=带入得ρ=
l1?l2?l3?ρ水，故D错误． Vg?水l1V三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．并联 串联 【解析】 【分析】
串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径。 【详解】
若同时闭合开关S1和S3、断开S2，则电流只有两条路径：正极→R1→S3→负极；正极→S1→R2→S3→负极，故R1、R2并联。
若只闭合开关S2，电流只有一条路径：正极→R1→S2→R2→负极，因此R1、R2串联。 15．20g 1×103kg/m3 【解析】 【分析】
3（1）当液体体积为V1＝20cm时，液体和杯的总质量是40g，（2）设液体的密度为ρ，读图可知，当液体
体积为V2＝80cm3时，液体和杯的总质量为100g，据此求液体密度． 【详解】
(1)由图知,当液体的体积为V1＝20cm时,液体和量杯的总质量为m总1＝m1?m杯＝40g, (2)设液体的密度为ρ，读图可知,当液体体积为V2＝80cm3时,液体和杯的总质量m总2＝m2+m杯＝100g，由ρ＝
3m可得：V103kg/m3.把ρρ×20cm3+m杯＝40g---①，ρ×80cm3+m杯＝100g---②，解得液体的密度：ρ＝1g/cm3＝1×＝1g/cm3带入①得杯子的质量m杯＝20g. 16．82.5 运动 【解析】 【详解】
55kms大桥路线总长为55km，汽车通过大桥全程用时40min，则该车平均速度为v==40=82.5km/h；当该
ht60车加速超越另一辆车时，以另一辆车为参照物，该车向前运动，所以是运动的． 17．OG 60° 【解析】
【详解】
由图可知，∠BOF＝30°，所以∠DOF＝90°﹣30°＝60°，已知∠DOE＝60°，根据反射角等于入射角，所以CD为法线，AB为界面，而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OG一定为折射光线，EO为入射光线，OF为反射光线，则反射角为∠DOF＝60°。 18．24 变小 小汽车和洒水车之间空气流速大压强小 【解析】 【详解】
s8km?20 =24km/h， 该洒水车的速度：v=th60工作的过程中，洒水车的质量不断减小，速度不变，动能变小，重力势能变小，机械能包括动能和势能，所以洒水车的机械能变小；
当小明乘坐的小汽车与洒水车擦身而过时，两车之间的空气流速很大，压强变得很小，在外面大气压的作用下，两车要向中间靠拢，所以会感觉到车身有晃动。 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）5.04?105J （2）93.3% 【解析】 【分析】
根据电热水壶的铭牌信息和所求可知，本题考查热量和热效率的计算。根据吸热公式Q吸?cmnt和
??Q列式计算。 W【详解】
（1）电热水壶装满水的质量
m??水V?1.0?103kg/m3?1.5?10?3m3?1.5kg，
电热壶中水吸收的热量
Q?c水m?t?t0??4.2?103J（/kgn℃）?1.5kg??100℃?20℃??5.04?105J?。
（2）加热时，电热水壶所消耗的电能 W=Pt=1800W×5×60s=5.4×105J， 电热水壶加热时的热效率
Q5.04?105J????100%?93.3%。
W5.4?105J答：（1）水吸收的热量是5.04?105J；（2）电热水壶加热时的热效率为93.3%；
20． 大于 错误；=；电动机转动后，电动机会消耗一部分能量，使得电功转化而成的内
能减小，故灯泡的亮度会变暗
I=【解析】试题分析：（1）在电动机未转动时，该电路为两个电阻串联的电路，则此时电路中的电流为：t时间内电流在电路中产生的热量即电流所做的功为：W=Q=UIt=U根据焦耳定律可知，
t=
；；（2）
在电动机转动时，电流所做的功主要有两个利用：一个是转化为电动机的机械能，另一个是转化为灯泡和电动机的内能；故电流在电路中产生的热量要小于电流所做的功；（3）电动机转动后，电动机会消耗一部分能量，使得电功转化而成的内能减小，故灯泡的亮度会变暗，所以小金的判断时错误的。 【考点定位】焦耳定律的计算公式及其应用；电功的计算；实际功率 21．10-3m3；（1）5×（2）49N 【解析】 【详解】
10-3m3； （1）因为小球浸没在水中，所以小球排开水的体积：V排=V=5×
103kg/m3×9.8N/kg×5×10-3m3=49N。 （2）小球受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×10-3m3； 答：（1）小球排开水的体积为5×（2）小球受到的浮力为49N。
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．．
【解析】 【分析】
根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，画出反射光线；根据光由空气斜射进入玻璃时遵循：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角，作出折射光线，光有玻璃垂直进入空气传播方向不改变． 【详解】
光线从空气斜射入玻璃砖时，在O点会同时发生反射和折射现象．根据光的反射定律，反射角等于入射角；发生折射时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角．折射光线从玻璃砖射入空气中时，由于此光线是由圆心O射出，沿半径方向，与出射点切线方向垂直，因此第二次折射光线的传播方向不变．如图．
23．
【解析】 【详解】
由图可知，物体的重力即为阻力，方向竖直向下；根据杠杆平衡的条件，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长，连接OA就是最长的动力臂L；要使杠杆平衡动力的方向应垂直于力臂向上，据此可画出最小的动力F及其力臂L；如图所示：
【点睛】
L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必根据杠杆平衡的条件，F1×
须使动力臂最长．而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．右 57.8g 2.89×101， 偏小 1.6N， 用弹簧测力计测小石块浸没在水中（未接触烧杯底）的示数F 【解析】 【详解】
b．如图指针偏左，横梁右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动，使天平平衡． c．金属块的质量：m＝50g+5g+2.8g＝57.8g．
G G?Fm58.7g＝＝2.89g/cm1＝2.89×101kg/m1． 320cmVm读取液体时俯视，体积偏大，根据ρ＝知，密度偏小；
V④金属块的密度：ρ＝
（2）由图丁可知，小石块的重力G＝1.6N；
②将挂好的石块浸没在烧杯的水里（未接触烧杯底），测得弹簧测力计的拉力为F； ③石块受到水的浮力：F浮＝G﹣F，
F浮G?F根据F浮＝ρ水gV排得，石块的体积：V＝V排＝＝，
?水g?水gGgmGρ水． 石块密度为：ρ＝＝＝
G?FG?FV?水g25． B C 0.3 9
【解析】 【详解】
（1）变阻器按一下一上接入电路中，由图丙可知，电压表应选用小量程与电阻并联，如下图所示：
（2）实验前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处的B端； （3）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现电压表始终无示数，电流表有示数； A．若滑动变阻器断路，整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；
B．若R断路，电流表没有示数，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，不符合题意； C．若R短路，电压表也被短路而没有示数，此时电路为通路，电流表有示数，符合题意。
（4）当电压表的示数如图丙所示时，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.7V；电流表的示数如图丁所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则通过定值电阻的电流大小为 0.3A，它的阻值
R=
U2.7V?=9Ω。 I0.3A26．2 小红 变大 【解析】 【详解】
（1）由图甲知道，测力计的分度值为0.2N，所以其示数为2.0N；
（2）为了测量滑轮组提升物体时的机械效率，所以要测量滑轮组的机械效率，需使物体上升进行读数，即在缓慢匀速提升时读数，故小红同学正确；
（3）若增加物体的重量，则额外功不变，而有用功增大，即有用功在总功中所占的比例增大，机械效率变大．
江西省婺源县2019-2020学年中考物理模拟试卷
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1 500 W，乙的额定功率为1 200 W．下列说法中正确的是 A．甲电热水壶电阻大
B．正常工作时，电流通过甲电热水壶做功较快 C．正常工作时，通过两个电热水壶的电流相等 D．正常工作时，甲电热壶做功比乙电热壶做功多
2．夏天，盛一盆水，在盆里放入两块高出水面的砖头，砖头上搁一只篮子，再把装有剩饭剩菜的碗放入篮子，用纱布袋罩好，就做成一个“简易冰箱”如图，篮子里的饭菜放置大半天也不会变质，以上“简易冰箱”的工作原理是（ ）
A．液化放热 B．蒸发吸热 C．凝固放热 D．升华吸热
3．如图所示，实验室里的音叉有不同的规格。音叉上标注的字母“C”表示音叉每秒振动的次数，由此可判断
A．音叉甲发出声音的响度最大 B．音叉甲发出声音的响度最小 C．音叉甲发出声音的音调最高 D．音叉甲发出声音的音调最低
4．夏天，人们常吃雪糕解暑，剥开雪糕包装纸时，雪糕周围冒“白气”．下列说法正确的是 A．吃雪糕解暑，是因为雪糕熔化时要放热 B．吃雪糕解暑，是因为雪糕汽化时要放热 C．雪糕周围冒“白气”是液化现象
D．雪糕周围冒“白气”是汽化现象
5．如图所示是甲、乙两种物质熔化时，其温度随时间变化的关系图像，下列分析正确的是
A．甲物质是非晶体，乙物质是晶体
B．甲、乙两种物质在熔化过程中内能一直增大 C．甲物质在第5分钟和第7分钟的内能大小相等
D．甲、乙两种物质在熔化过程中，其分子无规则运动剧烈程度都不断增大
6．在如图所示的电路中，闭合开关S，灯L不亮，电压表有示数，若电路故障在灯L或电阻R上某一处，对于故障的分析，下列判断不正确的是
A．故障可能是灯泡L短路或电阻R断路
B．用导线试触（短时连接）电阻R两端，根据灯的亮暗可以检测出故障原因 C．在电路中再串联一个电流表，根据电流表有无示数可以检测出故障原因 D．在L两端再并联一个电压表，根据电压表有无示数可以检测出故障原因 7．人们常用泡沫塑料箱运送冰冻的海鲜，这主要是由于泡沫塑料的 A．弹性差 C．硬度小
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．如图甲所示，木块的长度是_____cm；如图乙所示，停表的读数是_____s．
B．隔热性好 D．密度大
9．如图所示，OB是以O点为支点的杠杆，F是作用在杠杆B端的力．图中线段AB与力F的作用线在一条直线上，且OA⊥AB．线段_____表示力F的力臂．（选填“OA”、“AB”或“OB”）
10．小丽同学用水平力F拉动如图所示装置，使重100N的A物体4s内在水平地面上匀速运动了80cm，
物体B重50N（物体B与A始终接触），此过程中地面受到的摩擦力为10N，弹簧测力计的示数为8N．若不计轮重、弹簧测力计重、绳重和绳与滑轮间摩擦，则滑轮移动的速度为_____m/s，物体A受到B施加的摩擦力_____（选填“水平向左”、“水平向右”或“为零”），水平拉力F为_____N，水平拉力F的功率为_____W．
11．消防队员在进行模拟演练训练时，当消防队员沿着竖立在地面上的钢管匀速下滑时，他的动能___（填“增大”“减小”“不变”），在下滑过程中，他感到手心发烫，这是通过____的方法使其内能增加的，为了安全，他应该戴手套训练．
12．在综艺节目“奔跑吧！兄弟”中，参赛嘉宾运动时会带着智能运动手环，以测量记录人的运动情况．如图所示．以佩戴者手腕为参照物．智能运动手环是_____________（选填“运动”或“静止”）的；智能运动手环还可以通过__________波向手机发送运动的统计数据，该波在真空中的速度为___________m/s．
13．如图是用来研究凸透镜成像规律的实验装置 示意图（光屏未画出），当蜡烛和透镜放在图示位置时，通过移动光屏，可以在光屏上得到与物体等大的像。小华将一近视眼镜紧贴在凸透镜的前面，要在光屏上再次得到清晰的像，应将光屏向 ________ （选填“靠近”或“远离”）透镜方向移动；撤去近视眼镜，若透镜位置不变，将蜡烛移到刻度为30cm处，则移动光屏，在光屏上_______得到清晰的像（选填“能”或“不能”）， 生活中的______________就是利用这一原理工作的。
14．足球比赛中球被运动员踢出去主要表现力可以改变物体的______；足球在向上飞行的过程中其质量将________、动能将______（选填“增大”、“减小”或“不变”）。 三、作图题（共7分）
15．下图中的木块在水平面上沿图示方向作匀速直线运动，请画出它所受重力和摩擦力的示意图．
16．请完成如图所示光路． （________）
17．在图中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。 （_____）
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．某物理实验小组在探究“影响重力势能大小的因素”时，提出了如下猜想： 猜想一：重力势能的大小可能与物体的质量有关； 猜想二：重力势能的大小可能与物体所在的高度有关； 猜想三：重力势能的大小可能与物体的运动路径有关。
为了验证猜想，他们准备了如下实验器材：花泥（易产生塑性形变）若干块，刻度尺一把体积相同、质量为m的小球3个和质量为2m的小球一个。所用实验装置如图1、所示（图2）中，小球在光滑管道中运动的能量损失不计）。实验中均让小球从图中高度自由下落，待小球静止后，分别用刻度尺测出小球陷入花泥的深度。请你根据图中实验情景完成下列内容：
（1）本实验是通过观察_____来判断重力势能大小的； （2）比较A、B两球，由此可得出结论：_____；
（3）比较_____两球，可得出结论：当物体_____相同时，高度越高，物体具有的重力势能越大； （4）比较C、D两球，可得出：物体的重力势能与物体运动的路径_____（选填“有关”或“无关”）； （5）小球下落陷入花泥前，将重力势能转化为_____能，陷入花泥后到小球静止过程中，将机械能转化为_____能，能量在转化过程中是_____的（选填“守恒”或“不守恒”） 19．下面是小阳同学测滑轮组的机械效率的主要实验步骤：
①按图甲所示装置组装实验器材，标出钩码和绳子自由端起始位置分别为A和A'。
②用弹簧测力计匀速竖直向上拉动绳子自由端，将重力为G的钩码从A位置匀速提升到B位置，记录钩码上升高度为h。
③测出在这个过程中，弹簧测力计对绳的拉力为F，绳子自由端从A'位置匀速提升到B'位置，记录绳子自由端上升高度为s。
④计算出滑轮组的机械效率η。 请根据以上实验完成下列问题：
（1）画出本次实验数据的记录表格_______。
（2）实验中G＝4.8N；h、s、F的测量数值分别如图甲、乙所示，则拉力所做的有用功是_____J，滑轮组的机械效率η＝_____。
20．为了探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，小明设计了如图所示的实验．
实验过程中，弹簧
测力计________（选填“必须”或“不必”）沿水平方向拉着物块做匀速直线运动，此时，滑动摩擦力的大小________（选填“大于”、“等于”或“小于”）弹簧测力计的示数．在四次实验中，滑动摩擦力最小的是_____（选填“甲”、“乙” 、“丙”或“丁”）．比较甲、乙实验，是为了研究滑动摩擦力大小与________有关；比较乙、丙实验，是为了研究滑动摩擦力大小与________有关．（以上两空选填“压力”或“接触面粗超程度”）比较甲、丁实验，发现甲实验弹簧测力计的示数大于丁实验弹簧测力计的示数，小明得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关．你认为他的结论是________________（选填“正确”或“错误”）的．小明对实验装置进行改动，如图所示，重复实验，发现效果更好．实验中，小明_____（选填“一定”或“不一定”）要匀速拉动长木板．
21．在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
小明让太阳光正对凸透镜照射，调整
光屏，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，目的是为了测量凸透镜的_____________．实验时，当蜡烛与凸透镜的距离如图甲所示时，在光屏上得到一个清晰的像，生活中利用这一成像规律制成的光学仪器是___________．由于实验时间较长，蜡烛变短，烛焰的像在光屏上的位置会向___________(选填“上”或“下”)移动．小明将蜡烛放在如图乙所示的位置，此时凸透镜所成的像是___________(选填“实”或“虚”像，观察此像时，眼睛应从图乙中凸透镜的____________(选填“左”或“右”)侧透过透镜观察．实验时，小明在烛焰和凸透镜之间放副眼镜，如图丙所示，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向靠近凸透镜方向移动适当距离后，光屏上再次出现清晰的像，该眼镜是____(选填“近视”或“远视”)眼镜． 22．小伟要探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”，他猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有： ①接触面所受的压力大小； ②接触面的粗糙程度； ③接触面积的大小．
接下来小伟通过如图所示的实验操作来验证他的猜想：
（1）本实验用到了物理学中最常用的探究方法，即______________．
（2）实验中小伟应该用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上_________滑动，这样做是根据二力平衡的知识得出拉力_________（选填“大于”、“等于”或“小于”）摩擦力，从而间接测出木块所受的摩擦力的大小． （3）如果小伟要探究猜想②，他应该选择_____两幅图所示的实验步骤来操作，根据图中弹簧测力计的示数可得出结论：在压力相同的情况下，_________，滑动摩擦力越大．
（4）小伟要探究猜想③，他将木块切去一半，重复甲的操作过程，如图丁所示．他比较甲和丁的实验结果，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关．你认为他的结论可靠吗？答：_______．小伟在实验中存在的问题是_______． 五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．把重为20牛的物体沿直线匀速提升6米，共用时30秒。求： ①拉力所做的功W。 ②拉力所做功的功率P。
24．上体育课时，小强在练习投掷铅球，他将铅球掷出手后，铅球在空中的运动轨迹如图所示。若铅球的质量是4kg，从最高点到接触水平地面的过程中，铅球下降的高度为3m。（不计空气阻力，g取10N/kg）
（1）铅球受到的重力是多少？
（2）铅球下降过程中，重力对铅球做的功是多少？
（3）若铅球离开手时具有的机械能为288J，已知物体动能的计算公式为Ek＝的速度。
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．未成年人的道路交通安全已成为全社会高度关注的问题，今年3月28日国务院公布施行了我国《校车安全条例》。条例中的部分规定如下：外部容易接触到的部位不得有锐边、尖角、毛刺；指导学生安全落座、系好安全带；制止学生在校车行驶过程中离开座位等危险行为； 校车载人不得超过核定的人数，不得以任何理由超员；校车驾驶人不得在校车载有学生时给车辆加油 请你任选其中两条，根据所学物理知识阐述制定此规定的理由。
26．物理兴趣小组的同学们做了这样的实验：取500g水放在烧杯中，测得水的温度为20℃，然后点燃酒精灯给烧杯加热，并将温度计插在水中观察水温的变化，当温度计的示数恰为70℃时，消耗了10g的酒精．[C水＝4.2×103J/（kg?℃）]请计算出实验中水吸收了多少热量？有的同学试图用水吸收的热量来计算酒精热值，请回答这种做法是否可以？并说明理由．
27．郑开（郑州一开封）城际铁路已于2014年12月18日正式运营，铁路全长50.33km，最高车速可达250km/h．小明乘坐郑开直达列车下午14：20从郑州发车，14：48到达开封，则这次列车的平均速度为_____km/h．为了确保行车安全，列车上的监控系统，通过对高速运转车轮的热辐射产生的一种不可见光进行检测，实现对车轮温度的实时监控．这种不可见光是_____．
12
mv，请计算铅球落地时2 参考答案
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分） 1．B 【解析】 【分析】 【详解】
UU2A．根据P=UI，I=，得R=，两电热水壶的额定电压相同，甲的额定功率大于乙的额定功率，所以
RP甲的电阻小于乙的电阻，故A错误；
B．甲的额定功率大于乙的额定功率，且都正常工作，根据电功率的物理意义可知，电流通过甲电热水壶做功较快，故B正确；
C．两个电热水壶都正常工作时，甲的额定功率大，根据P=UI可知，通过甲的电流大，故C错误； D．两个电热水壶都正常工作，根据W=Pt可知，由于甲、乙的通电时间不能确定，所以甲、乙的做功多少不确定，故D错误． 2．B 【解析】 【详解】
试题分析：把一个纱布袋罩在篮子上，并使口袋边缘浸入水里，这样增大了液体的表面积，加快水的蒸发，使食物温度降低，防止变质，故应选B． 3．D 【解析】 【详解】
频率是每秒钟振动的次数，音调由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高，由图可知甲音叉每秒振动的次数最少，频率最低，音调最低，响度与振幅有关，不能判断响度的大小关系，故D正确，ABC错误。 4．C 【解析】
吃雪糕解暑，是因为雪糕熔化时吸热，A、B说法均错误；雪糕周围冒“白气”是空气中的水蒸气遇到雪糕周围的冷空气液化形成的小水珠，故属于液化现象，C说法正确；D说法错误；答案选C．
点睛：本题考查物态变化吸放热判断，易错点是“白气”误认为时气态，而实质是物质的细小液态悬浮在空中形成的“白气”． 5．B 【解析】 【分析】 【详解】
A．甲图象中呈水平的一段ab所对应的温度48℃，就是物质的熔点，这是晶体熔化时的图象，因此物质甲是晶体，物质乙是非晶体，故A错误；
B．甲乙两种物质熔化过程中，不断吸热，内能增加，故B正确；
C．甲物质在第5分钟和第7分钟处于熔化过程，需要继续吸热，内能增大，温度不变，故第5分钟时物体内能比第7分钟内能小，故C错误；
D．分子的热运动与温度有关，当甲物质处于熔化过程中，温度不变，分子热运动剧烈程度不变，故D错误．
6．D 【解析】 【详解】
A．灯泡L短路时，灯泡不亮，电压表测电源两端的电压有示数；电阻R断路时，电路断路无电流，灯泡不亮，电压表串联在电路中测电源两端的电压有示数，故A正确；
B．用导线试触（短时连接）电阻R两端，灯泡亮说明R断路，灯泡不亮说明灯泡L短路，故B正确； C．在电路中再串联一个电流表，若电流表有示数说明灯泡短路，若电流表无示数电阻R断路，故C正确； D．在L两端并联一个电压表，无论L短路，还是R断路，电压表都没有示数，故D错误． 7．B 【解析】 【详解】
根据题意知道，要运送的是冰冻的海鲜，所以需要保证海鲜的温度在较长时间内不能上升太多，故选用的运输箱体就要有很好的保温性能，即隔热性要好，常用泡沫塑料箱的缘故就是隔热性好，故B正确。 二、填空题（本大题7小题，共21分） 8．3.50 184.4s 【解析】 【详解】
由图甲可知，刻度尺的分度值是1mm，被测木块所对刻度尺的起始刻度值为0.00cm，终了刻度值为3.50cm，所以木块的长度为3.50cm；由图乙中停表所示停表可知，停表的分针示数为3min，秒针示数为4.4s，故停表的示数是3min4.4s＝184.4s。 9．OA 【解析】 【详解】
由图可知，AB是力F的作用线，OA⊥AB，OA为支点到力F的作用线的距离，所以线段OA表示力F的力臂．
10．0.1 水平向右 36 3.6 【解析】 【分析】
（1）滑轮为动滑轮，滑轮移动的速度等于物体移动速度的二分之一； （2）根据力的作用的相互性得出物体A受到B施加的摩擦力的大小及方向；
（3）物体A受到向左的拉力等于地面对A的摩擦力f地加上物体A受到B施加的摩擦力fA；而滑轮为动滑轮，滑水平拉力F为F左的2倍，据此计算水平拉力F的大小；然后利用P?【详解】
WFs??Fv计算功率． tt（1）物体移动的速度v物?s物t物?0.8m?0.2m/s，滑轮移动的速度 4s11v轮?v物??0.2m/s?0.1m/s；
22（2）因为力的作用是相互的，相互作用力大小相等，方向相反，而物体B受到A的摩擦力
fB?8N，所以，物体A受到B施加的摩擦力fB?fB?8N，方向水平向右．
（3）物体A受到向左的拉力等于地面对A的摩擦力f地加上物体A受到B施加的摩擦力fA，
F左?f地?fA?10N?8N?18N，滑轮为动滑轮，水平拉力F为F左的2倍，故 F?2F左?2?18N?36N，则拉力做功功率P?【点睛】
本题考查了使用滑轮时速度、功、功率的计算，知识点多、题图复杂，要求灵活运用所学知识． 11．不变 做功 【解析】 【分析】 【详解】
动能的影响因素是质量和速度，且物体的质量越大、速度越大，其动能就会越大；消防队员沿着竖立在地面上的水管匀速下滑时，质量不变，速度不变，故其动能不变；在下滑过程中，他的手心会感到发烫，是因为手克服摩擦力做功，使得手的内能增加，温度升高． 12．静止 电磁 3×108 【解析】 【分析】 【详解】
以佩戴者手腕为参照物，智能运动手环相当于手腕的位置没有发生变化，智能运动手环是静止的； 智能运动手环还是通过电磁波以无线的方式向手机发送运动的统计数据，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s．
13．远离 不能 放大镜 【解析】 【详解】
由图知道，此时物距是：u=40cm-10cm=30cm，能成倒立等大的实像，即u=2f=30cm，所以凸透镜的焦距是：f=15cm；
因为近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，如果此时把近视眼镜放在该凸透镜前，使原来会聚成像的光线推迟会聚，所以若要想接到清晰的像，光屏要远离透镜移动；
当将蜡烛移到刻度为30cm处时，则物距是：u=40cm-30cm=10cm WFs??Fv?36N?0.1m/s?3.6W； tt样移动光屏，在光屏上都不能得到清晰的像，生活中的放大镜就是利用这一原理工作的。 14．运动状态 不变 减小 【解析】 【详解】 足球被踢出后球的运动方向和速度都发生了变化，说明力改变了球的运动状态；质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，足球在向上飞行的过程中，质量不变，速度减小，动能减小。 三、作图题（共7分） 15． 【解析】 【详解】 根据题意，匀速直线运动时，处于平衡状态，所以拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，重力的方向竖直向下，作用点都画在重心上，如图： 16． 【解析】 【详解】 平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；该折射光线入射到平面镜上，根据光的反射定律画出反射光线，如图所示： 17． 【解析】 【详解】 =60°已知入射光线与镜面的夹角为30°，入射角为90°-30°，根据光的反射定律可知反射角也为60°；根据反射角等于入射角，在法线的右侧画出反射光线OB，并标出反射角及其度数，如图所示： 四、实验题（本大题共5小题，共20分） 18．C 质量 无小球陷入花泥的深度 当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大 A、关 动 内 守恒 【解析】 【详解】 （1）本实验中，小球的重力势能大小是通过小球陷入花泥的深度来反映的； （2）比较A、B两球，下落高度和运动路径相同，B球质量大于A球质量，发现B球陷入花泥的深度更大，说明B球的重力势能较大，由此可得出结论：当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大； （3）比较A、C两球，两球质量相同，下落路径也相同，C球的下落高度大于A球的下落高度，发现C球陷入花泥的深度更大，说明C球的重力势能较大，由此可得出结论：当物体的质量相同时，下落高度越高，物体的重力势能越大； （4）比较C、D两球，两球的质量相同，下落高度也相同，两球的运动路径不同，但陷入花泥的深度相同，由此可得出结论：物体的重力势能与物体运动的路径无关。 （5）小球下落陷入花泥前，质量不变，高度减小，速度增大，所以将重力势能转化为动能； 陷入花泥后到小球静止过程中，小球与花泥摩擦，最终静止，将机械能转化为内能；能量在转化过程中是守恒的。 19． 钩码上升高度钩码重力G/N h/m 数F/N 度s/m W有/J W总/J 弹簧测力计示绳端上升的高有用功 总功 机械效率 0.24 80% 【解析】 【详解】 （1）根据η＝＝×100%知，表格中需要有钩码的重力、钩码上升的高度、弹簧测力计的示数、有用 功、总功、机械效率这几项，表格如下图所示： 钩码上升高度钩码重力G/N h/m 数F/N 度s/m W有/J W总/J 弹簧测力计示绳端上升的高有用功 总功 机械效率 （2）由图知刻度尺的最小分度值为1cm，钩码示数的高度h＝hAB＝5.0cm＝0.050m，拉力F移动的距离为s＝hA′B′＝35.0cm﹣20.0cm＝15.0cm＝0.150m， 弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2N； 有用功：W有用＝Gh＝4.8N×0.050m＝0.24J， 总功：W总＝Fs＝2N×0.150m＝0.3J， 机械效率为：η＝ ＝ ×100%＝80%。 20．必须 等于 丁 压力 接触面的粗糙程度 错误 不一定 【解析】 【详解】 （1）实验过程中，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物块做匀速直线运动，此时物块处于平衡状态，滑动摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，所以滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数． （2）在四次实验中，甲和乙接触面粗糙程度相同，乙的压力较大，滑动摩擦力较大，即f乙＞f甲；乙和丙压力大小相同，丙接触面更粗糙，滑动摩擦力更大，f丙＞f乙；实验丁和甲接触面粗糙程度相同，丁的压力较小，滑动摩擦力f丁＜f甲．由此可知，f丙＞f乙＞f甲＞f丁，滑动摩擦力最小的是丁． （3）比较甲、乙实验，接触面粗糙程度相同，压力大小不同，所以是为了研究滑动摩擦力大小与压力有关；比较乙、丙实验，压力大小相同，接触面粗糙程度不同，是为了研究滑动摩擦力大小与接触面积的粗糙程度有关． （4）由于没有保持压力大小相同，所以小明的结论是错误的． （5）由图戊所示实验可知，拉动木板时物块保持不动，物块处于平衡状态，滑动摩擦力的大小等于测力计的拉力，因此实验中不一定要匀速拉动长木板． 21．焦距 投影仪 上 虚 右 远视 【解析】 【详解】 （1）光屏上出现一个最小最亮的光斑即为凸透镜的焦点处，知道了凸透镜和焦点的位置即可测出焦距； （2）由图像可知，此时物距小于像距，成倒立放大的实像，与生活中投影仪原理相同； （3）燃烧的蜡烛逐渐变短，穿过透镜的光线会向上移动，落在光屏的上方； （4）由图像可知此时物距小于一倍焦距，成正立放大的虚像，同时像与物位于透镜的同侧即图乙中凸透镜的左侧，因此应从透镜右侧向透镜中观察； （5）由题意知，该眼镜对光线具有会聚作用，使得像向靠近透镜的方向移动，因此为凸透镜，是远视眼的眼镜． 22．控制变量法 匀速 等于 甲丙 接触面越粗糙 不可靠 没有控制压力大小相同 【解析】 【详解】 （1）影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，研究与压力的关系时，要控制接触面的粗糙程度不变，研究与接触面粗糙程度的关系需要控制压力不变，这种方法叫控制变量法； （2）实验中小伟应该用弹簧测力计水平匀速拉动木块在长木板上滑动，此时木块水平方向上受到的拉力与摩擦力来一对平衡力，根据二力平衡的知识得出拉力等于摩擦力，从而间接测出木块所受的摩擦力的大小． （3）小伟要探究猜想②，即滑动摩擦力与接触面的粗糙程度要控制压力大小相同，只改变接触面的粗糙程度，故他应该选择甲丙两幅图所示的实验步骤来操作； 比较甲丙测力计示数，发现丙中测力计示数更大一些，即丙中木块木块受到的滑动摩擦力更大一些，可得出结论：在其他因素相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大； （4）小伟要探究猜想③，即研究滑动摩擦力大小与接触面积的大小关系，要控制压力大小和接触面粗糙程度相同，他将木块切去一半，压力也变小了，重复甲的操作过程，故比较甲和丁的实验结果不得出：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关的结论．即结论不可靠，没有控制压力大小相同． 五、计算题（本大题共2小题，共13分） 23．（1）120J （2） 4W 【解析】 【详解】 ①匀速提升物体时，拉力：F=G=20N，拉力做的功：W=Fs=20N×6m=120J； ②拉力做功的功率：P= W120J==4W. t30s24．（1）40N；（2）120J；（3）12m/s。 【解析】 【详解】 （1）铅球的质量是4kg，则铅球的重力： G＝mg＝4kg×10N/kg＝40N； （2）从最高点到接触水平地面的过程中，铅球下降的高度为3m，则铅球重力对铅球做的功： W＝Gh＝40N×3m＝120J； （3）由于不计空气阻力，所以铅球的机械能是守恒的， 若铅球离开手时具有的机械能为288J，则铅球刚接触地面时的机械能也是288J，且此时只有动能， 根据Ek＝ 121mv可得：288J＝×4kg×v2， 22解得v＝12m/s，即铅球刚接触地面时的速度为12m/s。 六、综合能力题（本大题共3小题，共18分） 25． （1）——尖角、毛刺等尖锐品由于尖端面积很小，在相同压力下，压强很大，极易对人体造成伤害。（2）——防止汽车出现意外时，由于惯性而对乘员造成伤害。 【解析】 试题分析：（1）当压力相同时，如果外部容易接触到的部位有锐边、尖角、毛刺，人受到的压强会较大，很容易对人体造成伤害；（2）如果学生在校车行驶过程中离开座位，汽车行突然刹车，学生由于惯性将会被抛出，从而造成危险，故应该指导学生安全落座、系好安全带；（3）校车超过核定人数，车的质量增大，惯性增大，当以相同速度行驶时，刹车距离更长，从能量上看，超员后，车的能量增大，如果发生意外，破坏了更强，故校车载人不得超过核定的人数，不得以任何理由超员；（4）加油站属于高危险区域，机动车在加油的过程中，可能会因机械故障或者突发因素发生车辆燃烧甚至爆炸事故。由于学生自我保护能力差，紧急逃生、避险能力弱于成年人，因此，校车在运载学生时加油安全风险较大。所以校车驾驶人不得在校车载有学生时给车辆加油。 考点： 压强大小的影响因素，惯性现象的解释 26．105J （1）1.05× （2）不可．说明详见解析． 【解析】 【详解】 (1)水吸收的热量： Q吸＝cm△t＝4.2×103J/(kg?℃)×0.5kg×(70℃?20℃)＝1.05×105J， (2)不可以．因为公式q＝ Q中，Q是酒精完全燃烧所放出的热量，而酒精完全放出的热量并没有全部被m水吸收，所以不能用水吸收的热量来计算热值． 27．107.85 红外线 【解析】 【详解】 (1)列车的运行时间为：t＝14:48?14:20＝28min＝列车的运行速度为： 14h， 30S50.33km＝14v＝t＝107.85km/h， h30(2)高速运转车轮的热辐射产生的一种不可见光是红外线． 【点睛】 （1）已知列车发车时间和到站时间，可以得到列车运行时间；已知路程和运行时间，利用v＝ s,可以得t到这次列车的平均速度．（2）红外线的热效应很强，应用红外线的热效应比较强，制成红外线加热器，红外线夜视仪，电视遥控器，热谱仪等等． 华东师大版七级数下册10.3旋转练2019-2020学年中考物理模拟试卷 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．小伟同学用一距离他的手高3 m的定滑轮拉住重100 N的物体，从滑轮正下方开始沿水平方向移动了4 m，如图所示，若不计摩擦和绳重，他所做的功至少为（ ） A．200 J B．300 J C．400 J D．500 J 2．如图是挖井时从井中提升沙土的杠杆示意图。杠杆AB可以在竖直平面内绕固定点O转动，已知AO：OB＝3：2，悬挂在A端的桶与沙土所受的重力为100N，悬挂在B端的配重所受的重力为70N．当杠杆AB在水平位置平衡时（不计杆重和绳重），加在配重下面绳端的竖直向下的拉力F是（ ） A．80N B．100N C．150N D．220N 3．在探究蹄形磁体周围磁场的实验中，老师将玻璃板平放在磁体上，并均匀地撒上一层铁屑，轻敲玻璃板，铁屑就会有序地排列起来，如图．对实验中有关现象的分析不正确的是（ ） A．撒铁屑的目的是将原来不存在的磁场显示出来 B．铁屑在磁场中被磁化成一个个小磁体 C．轻敲玻璃板，铁屑由于具有惯性会与玻璃板分离 D．轻敲玻璃板，铁屑与玻璃板分离后，不受摩擦力，铁屑在磁力作用下排列有序 4．小华利用带钉的木块、沙土、钩码来探究“压力的作用效果跟什么因素有关”，分析比较下图，说法错误的是： （ ） A．该实验通过比较钉子陷入沙土中的深度来比较压力的作用效果 B．由图可知压力的作用效果与受力面积的大小有关 C．本实验用到了控制变量法 D．由图可知压力的作用效果与压力的大小有关 5．如图甲、乙两容器质量相等、底面积相同，内装质量相等、深度相同的不同液体，两容器底部受到液体的压强分别为p甲和p乙 ，容器对桌面的压力分别为F甲和F乙，则 A．p甲=p乙 F甲 6．如图所示，一鸡蛋在盐水中处于静止状态，后用手指将鸡蛋向下按压一下松手后，（若盐水足够深）下列说法正确的是 A．鸡蛋向下加速运动，受到盐水的压强变大，受到盐水的浮力变小 B．鸡蛋向下做减速运动直至停止，鸡蛋受到盐水的压强变大，受到盐水的浮力不变 C．鸡蛋先向下、后向上运动并回到原位，鸡蛋受到盐水的压强、浮力先变大后变小 D．鸡蛋始终向下做匀速直线运动，鸡蛋受到盐水的压强变大，受到盐水的浮力不变 7．如图所示的四个发电站中，属于利用不可再生能源发电的是 A． 风力发电 B．太阳能发电 C．潮汐能发电 D．燃煤发电 8．下列实例中，用热传递的方式来改变物体内能的是( ) A．用热水袋暖手，手的温度升高 B．用锯条锯木板，锯条的温度升高 C．两手相互摩擦，手的温度升高 D．用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高 9．下列实验中，都采用了多次测量，其目的相同的是 ①探究串联电路的电流特点时，需在不同的电路状态下多次测量 ②伏安法测定值电阻的阻值，需在不同的电压下进行多次测量 ③探究杠杆平衡条件时，需改变力或力臂进行多次测量 ④探究使用定滑轮的特点时，需改变拉力方向进行多次测量 A．①③④ B．②④ C．②③ D．①② 10．如图所示，足球以初速度v沿着凹凸不平的草地从a运动到d．下列分析正确的是 A．在 b、d 两点动能相等 C．从 b 到 c 的过程机械能减少 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．关于电与磁的说法正确的是（ ） A．电磁波不能在其真空中传播 B．奥斯特实验说明电流周围存在磁场 B．在 a、d 两点机械能相等 D．从 c 到 d 的过程重力势能减少 C．地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近 D．发电机是利用电磁感应现象制成的，工作时将机械能转化为电能 12．如图所示，电源电压为12V，滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω，R2=4Ω，R3=12Ω，下列说法正确的是 A．只闭合S1时，滑片P滑到最右端，电流表的示数是0.5A B．闭合S1、S2和S3，滑片P向右滑动时，电流表的示数变大 C．滑片移到最右端，先闭合开关S1，再闭合S2、S3，电路总功率会变大 D．滑片移到最左端，先闭合开关S1、S2，再闭合S3，电路总功率会变大 13．下列关于能量和能源的叙述中，正确的是 A．生态系统达到平衡状态时，能量的输入与输出保持相对平衡 B．洋流蕴藏着巨大的能量，其主要来源于太阳能 C．水力发电是利用水的势能转化为动能 D．氢能源是一种很有发展前途的清洁能源 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．如图所示，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向b移动时，电压表V1的示数_____，V2与A的示数的比值_____。（均选填“变大”、“变小”、“不变”） 15．如图所示是流星经过大气层与空气摩擦发热、发光的一幅照片，这个现象说明_____（选填“热传递”或“做功”）可以改变物体的内能：长征二号PT2运载火箭外表涂有一层特殊物质，利用该物质在高温下先熔化、再汽化时要_____热（选填“吸”或“放”），从而避免高速运行的火箭温度过高． 16．PM2.5是漂浮于空气中，直径小于等于2.5μm，即________m的颗粒物，某方案提出：利用大型鼓风机向空中喷射大量水滴，吸附空气中的PM2.5下落至地面，但专家认为该方案欠妥：按1s喷射2L水计算，持续喷射1h就需喷水__________t：盛夏，喷射出的水滴还未落地就变成水蒸气；寒冬，喷射出的水滴很快________成冰粒，危及道路安全．（ρ水＝1×103kg/m3） 17．如图所示的电路，电源电压保持不变，R1＝10Ω．当闭合开关S，滑动变阻器滑片P在中点时，电流表的示数为0.3A；当把滑片P移到最右端时，电流表的示数为0.2A．则电源电压为___V，滑动变阻器的最大阻值为_____Ω． 18．如图所示，70kg的消防员在进行消防演练．（g=10N/kg） （1）消防员以v的速度从地面沿着杆匀速爬至9m高的顶端； （2）上爬过程中，消防员克服重力做功___________J，消防员所受摩擦力f1的方向为___________； （3）消防员爬到顶端后，在楼顶取了包袱，背上包袱开始以相同的速度v匀速下滑，此过程中消防员所受的摩擦力f2___________f1（填“>”“<”或“=”），动能与向上爬时相比，___________（填“增大”、“减小”或“保持不变”）了． 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．图1是一艘完全依靠太阳能驱动的船，该船长30米，宽15米，排水量60吨，船的表面安装有太阳105W，若接收的太阳能只用来驱动船前进．在一次航行中，从某一能电池板，接收太阳能的功率为1.6× 时刻开始，太阳能船收到水平方向的牵引力F随时间t的变化关系如图2甲所示，船的运动速度v随时间t的变化关系如图2乙所示．（g取10N/kg） 求：满载时太阳能船受到的浮力；第50s到第100s内牵引力做的功；第50s到第100s的运动过程中，太阳能船的效率． 20．某轿车的质量是1.2t，每个车轮与地面接触面积是0.02m2。 （1）求轿车空载静止时，对水平地面的压强； （2）在平直公路上测试轿车性能时，轿车由静止开始运动，若水平方向获得的动力F随运动时间t的变化关系如图所示。t＝20s后，轿车以30m/s的速度做匀速直线运动。求轿车在20s至40s时间内牵引力做的功； （3）求轿车发动机功率的大小。 21．一个额定功率为1000W的电热水壶装有1.5kg初温为20℃的水。正常工作将水烧开（100℃）所用时间为10min，则水吸收的热量为多少J，该电热水壶的效率为多少（已知水的比热容为 ） 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22．根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜中所成的像A′B′． （___） 23．潭清疑水浅，安全记心间．如图，A 是水池底某点，请作出光线AO 的折射光线以及人从岸上看到A 的像A′． 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．在探究“凸透镜成像规律”的实验中. (1)如图甲, 平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f=_____cm. (2)如图乙，光屏上呈现清晰的像素，此像的性质是_____的实像.若保持蜡烛和光屏位置不变，移动透镜至_____刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像. (3)如图丙，保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，则人眼在图中____处能观察到烛焰的像. (4)如图丁，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏远离透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像，则该眼镜是_____眼镜（近视/远视）. 25．如图甲是“探究光的反射规律“的装置．将一张白色硬纸板垂直放置在平面镜上，实验中使用可折转的硬纸板，除了能呈现光路外，另一个目的是_____：如图乙是“探究平面镜成像特点”的装置，实验中， 采用透明玻璃板代替平面镜，能在观察到A蜡烛像的同时，也能观察到B蜡烛，从而确定像的_____，同时比较了像和物_____的关系 26．在“测量小灯泡的功率”的实验中。 （1）小明设计了如图甲所示的电路图，按照电路图，已完成部分实物电路连接（如图乙所示）。若开关闭合后，要求向左移动滑动变阻器滑片P，能使电流表示数变大，请完成图乙的实物电路连接。 （_______） （2）小明实验时，当他连接好最后一根导线立即看到小灯泡发出明亮的光，请你帮助小明找出实验中两个操作不当之处： ①_____； ②_____。 （3）正确连接好电路后，观察小灯泡在不同电压下的亮度，读出电压表，电流表示数，实验记录见表： 实验序号 1 2 3 电压U/V 2 2.5 3 电流I/A 0.18 0.2 小灯泡亮度 偏暗 正常发光 偏亮 实际功率P/W 由表格可知：该小灯泡额定功率为_____W．当小灯泡两端电压为3V时，小灯泡偏亮，当时电流表指针的位置如图丙所示，则通过小灯泡的电流为_____A。 （4）小明分析实验数据，发现小灯泡的亮度由_____决定；通过计算发现三次小灯泡的阻值不相等，其原因是_____。 （5）将图甲中的小灯泡更换成定值电阻，且电路连接完好，还可以完成的实验是_____。 A．探究电流与电压关系 B．探究电流产生的热量与电阻的关系 C．探究电流与电阻关系 D．探究电流的磁场强弱与电流大小的关系 参考答案 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．A 【解析】滑轮为定滑轮，不省力，若不计绳重和摩擦，他至少做的功W总＝W有用＝Gh； 利用勾股定理计算绳子现在的长度L＝W＝Gh＝100N×2m＝200J故选A． 2．A 【解析】 【详解】 由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得： GA×AO＝（GB+F）×OB， m＝5m，所以物体被提高的高度为h＝5m-3m＝2m， 即：100N×AO＝（70N+F）×OB﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①， 已知：AO：OB＝3：2﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②， 由①②解得：F＝80N； 即加在配重下面绳端的竖直向下的拉力F是80N； 3．A 【解析】 【分析】 磁场这种物质能对放入其中的磁体产生力的作用，借助细铁屑可以显示磁体周围的磁场分布特点；在磁体或电流的作用下，使原来没有磁性的物体获得磁性的过程叫磁化；一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性．惯性与质量有关，质量越小，惯性越小，运动状态越容易改变．据以上内容分析即可解答． 【详解】 磁体周围始终存在磁场，对放入其中的磁体产生力的作用；撒铁屑的目的是：借助细铁屑显示磁体周围的磁场分布特点，但不是将原来不存在的磁场显示出来，故A错误；原来没有磁性的物体获得磁性的过程叫磁化，铁屑在磁场中被磁化成一个个小磁体，故B正确；铁屑质量较小，惯性小，运动状态容易改变，轻敲玻璃板时，铁屑由于具有惯性而与玻璃板分离，故C正确；铁屑受到磁场的作用，轻敲玻璃板，铁屑与玻璃板分离后，不受摩擦力，铁屑逐渐有序排列，故D正确，故选A． 【点睛】 本题考查的是磁场的存在、性质、磁化、惯性现象等知识点，关键是磁场客观存在，可以利用细铁屑显示 磁场分布，体现的是转换思想． 4．B 【解析】 【详解】 A．压力的作用效果就是压强，钉子陷入的越深，说明受到的压强越大，钉陷入的越浅，说明受到的压强越小，故A正确； BD．图中的受力面积大小相等，只是压力大小不同，所以由图可知压力的作用效果与压力的大小有关，故B错误，D正确； C．本题是保持受力面积不变，研究压力的作用效果与压力大小的关系，所以是控制变量法，故C正确． 5．C 【解析】 【分析】 【详解】 液体的深度相同，两容器底面积相同，由图可知，甲容器内液体的体积大于乙容器内液体的体积，即V甲＞V乙，已知两种液体的质量相同，根据ρ= m可知，ρ甲＜ρ乙；甲液体的密度小，而液体的深度相同，由Vp=ρgh可知，甲液体对容器底的压强小，即p甲＜p乙； 甲、乙两容器质量相等，液体的质量相等，根据G=mg可知容器和液体的重力相等，容器对桌面的压力大小等于容器和液体的总重力，所以容器对桌面的压力相等，即F甲=F乙． 6．B 【解析】 【详解】 鸡蛋在盐水中处于静止状态，浮力等于重力，用手指将鸡蛋向下按压一下松手后，鸡蛋向下运动时受到向上的阻力，速度会越来越小；鸡蛋在下降时随着深度的增加，压强会越来越大，由于排开盐水的体积不变所以浮力不变；应选B． 7．D 【解析】 【详解】 煤是化石能源，会越用越少，不可能在短时间内补充，是不可再生能源；太阳能、风能、潮汐可以源源不断的得到，是可再生能源； 所以利用不可再生能源发电的是燃煤发电，故D符合题意、ABC不符合题意。 8．A 【解析】 【详解】 A．用热水袋暖手，热水袋温度高，内能由热水袋转移到手，手的内能增加，温度升高，属于用热传递的方式来改变物体内能，故A符合题意． B．用锯条锯木板时，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，故B不符合题意． C．两手互相摩擦时，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，手的温度升高，属于做功改变物体的内能，故C不符合题意． D．用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高，内能增加，属于做功改变物体的内能，故D不符合题意． 9．A 【解析】 试题分析：物理实验中，多次测量的目的有两个，一是寻找普遍规律，排除偶然性，二是把多个测量结果求平均值以减小误差．①③④属于前者，②属于后者． 考点：实验探究方法 10．C 【解析】 试题分析：观图可见b、d两点等高，足球的重力势能相等，足球以初速度v沿着凹凸不平的草地从a运动到d的过程中机械能越来越小，故球在d点的动能小于在b点的动能，A选项分析错误；足球从a到d的过程中机械能逐渐减小，B选项分析错误；球从b到c的过程中要克服草地的阻力做功，机械能减少，C选项分析正确，符合题意，选填C；球从c到d的过程中高度越来越高，重力势能越来越大，D选项分析错误． 考点：机械能守恒条件—只有动能和势能相互转化，动能，重力势能，克服阻力消耗机械能． 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．BCD 【解析】 试题分析：电磁波能够在真空中传播，所以现代通信主要靠电磁小波来传传递信息，故A错误；奥斯特发现通电导线周围的小磁针会发生偏转，说明电流周围存在磁场，故B正确；地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，所以小磁针的南极指向地理的南极，小磁针的北极指向地理的北极，故C正确；闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应，发电机就是利用这一原理制成的，在这一过程中消耗机械能，得到了电能，所以是机械能转化为电能，故D正确；应选BCD． 【考点定位】电与磁 12．AC 【解析】 【分析】 【详解】 A．只闭合S1时，则R1和R2串联在电路中；滑片P滑到最右端，则滑动变阻器全部接入电路； 此时电路中电流为：I?U12V??0.5A,所以电流表的示数是0.5A．故A符合题意； R1?R220??4?B．闭合S1、S2和S3，滑片P向右滑动时,则滑动变阻器被短路，所以滑片P向右滑动时，电流表的示数不变．故B不符合题意； C．滑片移到最右端，先闭合开关S1，则R1和R2串串联在电路中，此时电路中的电流为0.5A，再闭合S2、S3，则滑动变阻器被短路，R2和R3并联在电路中，此时电路中的电流为:I并?I2?I3?UU12V12V????4A，根据P=UI得，在电源电压一定时，电路总功率因电路R2R34?12?中的电流变大而变大．故C符合题意； D．滑片移到最左端，则滑动变阻器没有阻值接入电路；先闭合开关S1、S2，再闭合S3，再闭合S3，则滑动变阻器被短路，还是R2和R3并联在电路中，故电路总功率不变．故D不符合题意； 13．ABCD 【解析】 【详解】 A．根据能量守恒定律可知能量是守恒的，因此生态系统达到平衡状态时，能量输入与输出保持相对平衡,故符合题意； B．太阳中蕴藏无比巨大的能量，地球上的能量很大一部分来自于太阳能，故符合题意； C．水力发电时，利用水的重力势能转化成水的机械能，带动发电机工作，故符合题意； D．氢气是一种很有发展前途的能源，氢气燃烧放出大量的热量，并且生成物是水，水对环境没有任何污染，故符合题意． 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．变小 变大 【解析】 【详解】 由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流， 滑动变阻器滑片P向b移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大， 电源电压不变，由I＝可知，电路中的电流变小， 由U＝IR可知，R1两端的电压变小，即V1的示数变小； 由R＝可知，V2与A的示数的比值的大小等于变阻器R2连入电路的阻值，所以它们的比值变大。 15．做功吸 【解析】 【详解】 流星在进入大气层后，克服摩擦做功，使流星的内能增加、温度升高，是通过做功的方式改变内能的；为保证火箭安全，箭体上涂有一层特殊固体物质，在高温下先熔化，再汽化，因为熔化、汽化时要吸收大量的热，这样箭体的温度就不会太高． 16．2.5×10-6 7.2 凝固 【解析】 【分析】 【详解】 2.5μm=2.5×10-6m；1s喷射水的体积V=2L=0.002m3；1s内喷射水的质量为：m=ρ水 V=1.0×103kg/m3×0.002m3=2kg；t=1h=3600s；则1h需用水的质量为：m总=3600×2kg=7200kg=7.2t；盛夏，喷射出的水滴变为水蒸气，这是汽化现象；寒冬季节，喷射出的水滴很快变为冰粒，这是凝固现象． 17．6 20 【解析】 【详解】 电源电压保持不变，R1＝10Ω．当闭合开关S，滑动变阻器滑片P在中点时，电流表的示数为0.3A； 0.3A?(10??1R2)?U①, 当把滑片P移到最右端时，电流表的示数为20.2A．0.2A?(10??R2)?U②．解得电阻R2的电阻是R2=20?，电源电压为U=6v． 18．6300 竖直向上 ＞ 增大 【解析】 【分析】 【详解】 10N/kg=700N， （2）消防员的重力G=mg=70kg× 9m=6300J， 上爬过程中，消防员克服重力做功W=Gh=700N× 因为沿竖直杆匀速向上爬，所以此时摩擦力与重力平衡，重力方向竖直向下，摩擦力f1方向竖直向上； （3）消防员背上包袱后重力增大，匀速下滑，此时摩擦力与重力是平衡力，摩擦力f2等于重力，重力增大，摩擦力增大，所以摩擦力f2＞f1，动能与质量和速度有关，向下滑和向上爬时时速度相同，向下滑时质量较大，动能较大． 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．105N；106J；（1）6×（2）2×（3）25% 【解析】 【详解】 （1）满载时太阳能船受到的浮力： F浮=G排=m排g=60×103kg×10N/kg=6×105N； （2）第50s到第100s内，由图甲可知牵引力： F=8×104N， 由图乙可知船匀速行驶的速度： v=0.5m/s， 由v=s/t可得，船行驶的距离： s=vt=0.5m/s×50s=25m， 第50s到第100s内牵引力做的功： W=Fs=8×104N×25m=2×106J； 105W，则第50s到第100s的运动过程中，太阳能（3）由题可知，太阳能电池板接收太阳能的功率为1.6×电池板接收到的太阳能： E=Pt=1.6×105W×50s=8×106J， 则太阳能船的效率： η=W/E×100%=（2×106J/8×106J）×100%=25%． 20．（1）1.5×105Pa（2）1.8×106J（3）9×104W 【解析】 【详解】 （1）轿车空载静止时，对水平地面的压力： F＝G＝mg＝1.2×103kg×10N/kg＝1.2×104N， 对水平地面的压强： p＝＝ ＝1.5×105Pa； （2）由图可知，轿车在20s～40s时间内牵引力F＝3000N保持不变， 由v＝可得，在20～40s时间内通过的路程： s＝vt＝30m/s×20s＝600m， 在20～40s内牵引力做的功： W＝Fs＝3×103N×600m＝1.8×106J； （3）轿车发动机的功率： P＝＝ ＝9×104W。 21．5.04×105 ；84% 【解析】 【分析】 根据题中“水吸收的热量为多少J，该电热水壶的效率为多少”可知，本题考查热量的计算和热效率公式的应用，根据吸热公式 和热效率公式 进行解答。 【详解】 水吸收的热量 。 电热水壶所消耗的电能则该电热水壶的效率为 答：水吸收的热量为；该电热水壶的效率为84%； 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22． 【解析】 【分析】 平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像． 【详解】 B′，B′即为AB在平面镜中的像．分别作出物体AB端点A. B关于平面镜的对称点A′、用虚线连接A′、如图: 23．光路图如下图所示 【解析】 【详解】 先过折射点垂直界面作出法线，再在水中法线的另一侧画出折射光线，注意入射角小于折射角，将两条折射光线反向延长，其交点即为人所看到的A点的像的位置A′，如图所示： 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．10.0 倒立放大 40 B 近视 【解析】 【详解】 （1）由图甲结合凸透镜焦点的定义可知，焦点到凸透镜的距离为20.0cm-10.0cm=10.0cm，即凸透镜的焦距为f=10.0cm； （2）由图乙知，当蜡烛在刻度尺的10cm处，u=15cm，2f＞u＞f，由成像规律知，凸透镜成倒立放大的实像，此时v=55cm-25cm=30cm，根据折射中光路可逆可知，保持蜡烛和光屏位置不变，当u=30cm时，即凸透镜移动至40cm刻度线处，在屏上能再次呈现清晰的像； （3）保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，此时u=16cm-10cm=6cm，u＜f时，凸透镜成正立放大的虚像，光屏上接不到，透过凸透镜观察蜡烛看到正立放大的虚像；虚像与成像物体同侧，所以应从B处观察； （4）将一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，结果，光屏上原来清晰的像变模糊了，将光屏远离透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像，，说明延后成像了，即像距增大了，说明此透镜对光线有发散作用，故放置的是凹透镜，这种眼镜是用来矫正近视眼的。 25．探究反射光线，入射光线是否在同一平面内 位置 大小 【解析】 【分析】 【详解】 实验中使用可折转的硬纸板，除了能呈现光路外，通过向后折硬纸板，观察现象来探究反射光线、入射光 线与法线是否在同一平面内． 在“探究平面镜成像特点”实验过程中，用透明的玻璃板代替平面镜，在物体一侧，既能看到蜡烛A的像，也能看到代替蜡烛A的蜡烛B，当蜡烛A的像和蜡烛B重合时，便于确定像的位置，从而便于比较物像大小． 26． 连接电路时开关没有断开 闭合开关前没有将变 阻器的滑片调到阻值最大位置 0.5 0.22 小灯泡实际功率 灯丝的电阻随温度的升高而变大； A 【解析】 【详解】 （1）由表格数据知，小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选用小量程，且与灯泡并联； 开关闭合后，向左移动滑动变阻器的滑片P，能使电路中电流变大，即变阻器连入电路中的电阻减小，需要将滑片左侧电阻丝连入电路，故应将开关右侧接线柱与滑动变阻器的A接线柱相连，电路如图所示： （2）当他连接完最后一根导线，立即看到灯泡发出明亮的光， 说明：①连接电路时开关没有断开，②没有将变阻器的滑片调到阻值最大位置； （3）灯泡正常发光的电压为额定电压，通过的电流为额定电流，由表格数据知：灯泡的额定电压为2.5V，额定电流为0.2A，额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W； 由表格数据知：电流表的量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，示数为0.22A； （4）由表中数据可知，灯泡两端的电压越大、通过的电流越大，根据P＝UI知，实际功率越大，灯泡越亮，所以灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的； 由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以三次测得的小灯泡的阻值不相等。 （5）把小灯泡换成定值电阻后，电阻阻值R，已知，由电压表可测出电阻两端的电压U，电流表可测流过电阻的电流，因此利用该电路可完成“探究电流与电压的关系”关系实验。故A正确。BCD错误。 河南省南阳市2019-2020学年中考物理模拟试卷 一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分） 1．如图所示电路中，两开关闭合时，电流表A1的示数为0.5A，A2的示数为0.3A，电阻R2的阻值为10Ω，下列说法正确的是 A．若电阻 R1 短路，则电流表 A1、A2 有示数且相等 B．若电阻 R 1 断路，则电流表 A2 的示数和 R 2 的乘积为5V C．若用一个 20Ω 的电阻替换R 2，则电路的总功率变小 D．若电阻 R 2 断路，则通电阻1min R 1 产生的热量为 3.6J 2．2018年12月8日，中国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功发射嫦娥四号探测器，开启月球探测的新旅程，下列说法正确的是 A．嫦娥四号是通过电磁波向地面传递信息 B．嫦娥四号在月球上工作时，相对地球是静止的 C．长征三号乙运载火箭加速上升过程中，机械能保持不变 D．长征三号乙运载火箭加速上升过程中，运动状态不发生改变 3．初春的清晨常常有雾，雾的形成是（ ） A．凝固 B．升华 C．液化 D．熔化 4．如图（a）、（b）所示，在探究滑动摩擦力与哪些因素有关的实验中，小明先后两次分别用弹簧测力计水平拉动同一木块在同一水平桌面上匀速滑动，第一次弹簧测力计示数为F1，第二次木块上加放一个重物后弹簧测力计示数为F1．下列说法正确的是 A．F1等于F1 B．实验中弹簧测力计的示数与木块受到的滑动摩擦力相等 C．实验中木块匀速滑动的速度越大，弹簧测力计示数越大 D．两次实验过程中，木块对桌面的压强大小相等 5．下列有关声的叙述正确的是 A．词语“引吭高歌”和“低声细语”中的“高”“低”指的是声音的音调 B．可以用超声波来测量地球和月球间距离 C．拉二胡时演员调节弦的松紧是为了调节发出声音的响度 D．生活中人们听到的声音大多是通过空气传播到人耳的 6．冬季，在家里洗澡时会发现浴室墙壁上的镜子很快模糊起来，洗澡结束一段时间后，镜子又变得清晰．这个过程发生的物态变化是（ ） A．热水的蒸发，水蒸气在镜面上的液化，镜面上水滴的汽化 B．热水的蒸发，水蒸气在附近空气中的凝华，冰晶的熔化和水滴的汽化 C．热水的蒸发，水蒸气在镜面上的凝华，镜面上冰晶的升华 D．热水的蒸发，水蒸气在镜面上的凝华，镜面上冰晶的熔化和水滴的汽化 7．如图所示电路中电源电压不变，当S闭合，且滑片P向左滑动时，各电表示数的变化情况是 A．A1表读数不变，A2表读数变大，V表读数不变 B．A1表读数变大，A2表读数变大，V表读数不变 C．A1表读数变小，A2表读数变大，V表读数变大 D．A1表读数不变，A2表读数变小，V表读数变小 二、填空题（本大题7小题，共21分） 8．小红在实验室用酒精灯把质量是150g，初温是20℃的水加热到100℃，则水吸收的热量是_____J；若不计热损失，至少需要燃烧_____g酒精．[c水＝4.2×103J/（kg?℃），q酒精＝3.0×107J/kg] 9．用质量相等的0℃的水和0℃的冰来冷却物体，_____的冷却效果较好．因为它在_____过程中要_____热量． 10．如图所示是小新家的电能表，他让一盏“220V 100W”的电灯单独正常工作30min，消耗的电能为_____kW?h，这段时间电能表的转盘转了150转，则每消耗1kW?h的电能，电能表转盘转_______转。 11．如左图所示的杠杆（自重和摩擦不计），O为支点，A处挂一重为100N的物体，为保证杠杆在水平方向平衡，在中点B处施加一个最小的力为_____N；如右图所示，用滑轮组匀速提升重物，已知物重270N， 每个滑轮重30N，不计绳重及摩擦，则拉力大小为_____N。 12．如图所示的托里拆利实验中，测得的大气压强等于___ mm高水银柱所产生的压强，已知水银密度ρ103 kg/m3，g取10 N/kg，则100 mm高水银柱产生的压强为___ Pa． ＝13.6× 13．用两个相同的“热得快”,分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热,两液体的温度随时间变化关系的图象如图．根据图象可知，甲液体的比热容____乙液体的比热容（选填“大于”、“小于”或“等105J的热量，乙液体的温度于”）．如果乙液体是水，那么质量为500g，初温为20℃的乙液体吸收1．89×升高了_________℃（气压为一标准大气压）． 14．如图所示的电路中，电源电压不变，将滑片P向左移动的过程中，示数始终不变的电表是_____．当滑片P移至左端时，断开电键S，电压表V示数与电流表A示数的比值将_____（选填“变大”、“不变”或“变小”）． 三、作图题（共7分） 15．如图,在虚线框中标出通电螺线管的N极或S极 （_____） 16．根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB所成的像； 17．如图所示，杠杆的B点挂一个重物，在A点施加一个最小的动力使杠杆平衡。请画出最小的动力F1和它的动力臂L1以及杠杆受到的阻力F2。 四、实验题（本大题共5小题，共20分） 18．如图所示，小明用托盘天平和量筒测量小石块的密度，小明将天平放在水平台面上如图甲所示，他应先_____，再调节平衡螺母，使天平平衡：；天平平衡后，他先用天平测量矿石的质量，示数如图乙所示，则矿石的质量为_____g，然后他用量筒测量矿石的体积_____，示数如图丙所示，由此可得矿石的密度为_____kg/m3 19．小明同学在海边游玩时拾到了一大一小两块的鹅卵石（鹅卵石吸水忽略不计）。 小明用天平和量筒测量 小块鹅卵石的密度。小明进行了下列实验步骤： ①向量筒中倒进V1=38cm3的水； ②用调节好的天平测出鹅卵石的质量m； ③根据密度的公式，算出鹅卵石的密度ρ； ④将鹅卵石浸没在量筒内的水中，读出鹅卵石和水的总体积V2。 他采用正确的实验步骤顺序为______（填选项前的字母）。如图甲所示，小明在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是________。小明纠正错误后，重新调节天平平衡并测量鹅卵石的质量，当天平平衡时右盘砝码和游码如图乙所示，由图丙可知鹅卵石的体积，通过计算鹅卵石的密度为______g/cm3。鹅卵石磨损后，它的密度将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。若小明在图丙中读数时视线俯视，所测得鹅卵石的密度将______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。为测出无法放入量筒的大鹅卵石的密度，小明设计了如下步骤： ①先用天平测出鹅卵石的质量m； ②在烧杯中放入适量的水如丁图所示，用天平测出总质量m1； ③将鹅卵石浸没在烧杯的水中如图戊所示，并在水面处做一标记后，再将鹅卵石从水中取出； ④向烧杯中加水到标记处如己图所示，再用天平测出此时水和烧杯的总质量m2； ⑤设水的密度为ρ水，鹅卵石密度的表达式：ρ石＝_______。 “小于”或“等于”）⑥若步骤③中取出鹅卵石时会带走一些水，小明所测的鹅卵石密度______（选填“大于”、真实鹅卵石密度 20．一同学根据生活中的一些现象猜想：运动物体所受空气阻力可能与其运动速度有关．他在老师的帮助下利用一些“小纸杯”作为研究对象，用超声测距仪等先进仪器测量“小纸杯”在空中直线下落时的下落距离、速度，在相同的实验条件下，该同学首先测量了单只“小纸杯”在空中下落过程中不同时刻的下落距离，将数据填入下表中，图（a）是对应的路程时间图线． 图（a）中的AB段 反映了运动物体在做___________运动，表中x处的值约为___________m．接下来，该同学将不同数量（1只、2只、3只、4只、5只）的“小纸杯”先后叠放在一起从空中释放，并分别测出它们的速度一时间图线，如图（b）中图线1、2、3、4、5所示．观察图（b）中单个纸杯的速度一时间图线1可知，小纸杯在直线下落的开始阶段，其运动速度的变化具有___________的特点，小纸杯最后做匀速直线运动，此时，它所受空气的阻力___________自身重力（选填“大于”、“小于”或“等于”），依据___________原理．单个纸杯和5只叠放纸杯比较，在它们各自到达匀速运动时所受的空气阻力之比为f1：f5＝___________；再结合图（6）中的图线1和图线5可知，物体运动时遇到的阻力确实随着速度的增加而增大，但不成正比例关系，理由是：___________． 21．为了探究电流跟电阻的关系。王亮同学设计了如图所示的电路。 请根据电路图，用笔面线代替导线将图中电路连接起来（导线不能交叉）。 次序 电阻 1 5 1.2 2 10 0.6 3 15 0.4 电流I/A （2）实验中当换用不同阻值的定值电阻后，每次应进行的操作是_______________，实验记录数据如上表所示，根据数据可得出的结论是_________________________（实验器材使用正确，最程选用合理） 22．在探究“凸透镜成像规律”的实验中． （1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f=_____cm． （2）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此像的性质是_____的实像．若保持蜡烛和光屏位置不变，移动透镜至_____刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像． （3）如图丙，保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，则人眼在图中_____处能观察到烛焰的像． （4）如图丁，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像．则该眼镜是_____眼镜（近视/远视）． 五、计算题（本大题共2小题，共13分） 23．市公交总公司新购买了一批电动公交车，部分数据如下表所示． 整备质量(空车质量) 一次充电续航里程(某一速度匀速行驶) 电池总电压 电池总容量 1.32×104kg 150km 400V 250A·h 当该公交车电池储存的能量降低到充满电时的 20%以下时，就需要再次充电．请根据技术参数和具体要求，求解下列问题：该电动公交车充满电，储存的电能是多少焦？该公交车完成一次充电续驶里程（某一速度匀速行驶）150km 中，若消耗的电能均用于水平行驶做功，则该车行驶时受到的阻力多大？该公交车的运行线路没有明显的上下坡，运行 1 趟（从始发站到终点站）全程为 18km．经过测算，公交车以106J 的电能．则该车充满一次电最多能跑几趟该公交某一速度匀速行驶运行 1 趟，因停车需损失 5.44×线路？（结果保留整数） 24．如图所示，R0、Rx为定值电阻，其中R0＝20欧。开关S断开时，电流表求数为0.5A，开关S闭合时，电流表求数为0.9A，求： 电源电压。电阻Rx的阻值。开关S闭合时，通电1分钟电阻Rx产生的热量。 六、综合能力题（本大题共3小题，共18分） 25．如图甲所示为新型电饭锅，其简化电路如图乙所示。R1和 R2均为电热丝，S 是自动控制开关，自动控制开关向上与触点 a，b 接通，向下仅与触点 c 接通；煮饭过程中，通 过自动控制开关不断交替改变这样的接通方式，从而使饭得到最佳的口感和营养；如图丙所示 为这个电饭锅在某次煮饭全过程中电流随时间的变化图象 电热丝发热是利用电流的_________效 应。电热丝 R1 的阻值；_________电饭锅在这次煮饭的过程中消耗的电能。_______在不同电压下，电饭煲从开始工作到S第一次自动与a和b断开产生的热量相同。用 电高峰期，当实际电压为 200V时，使用该电饭煲，从开始工作到S第一次自动断开需要多少分钟。_______ 26．如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点），当滑片P在b点时，电流表示数为0.1A，R2消耗的功率为1W；当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，R2消耗的功率为1.8W．则当滑片P从a移到b的过程中，R2的最大阻值为______Ω；电压表示数变化了______V；R1消耗的电功率变化了______W；电路消耗的总功率变化了______W． 27．阅读短文，并回答问题． 第四代电光源——LED光源 如图甲是时下较为流行的LED手电筒和LED吸顶灯，它的主要部分是高亮度白色发光二极管，这种发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成，具有光效高、耗电少，寿命长、易控制、免维护、安全环保等优点，是继白炽灯、卤素灯和节能荧光灯后新兴的第四代电光源，是极具发展前途的新光源．LED的发光原理与白炽灯先发热后发光的原理截然不同，是直接把电能转换成光能的器件，因而其发光效率较高，是新一代固体冷光源，将逐步取代传统光源．图乙是LED的元件实物及符号． 由于二极管具有单向导电性，使用时必须将它的正极与电源正极相连，二极管才能处于导通状态，否则处于截止状态．利用图丙所示电路可以研究发光二极管的工作特性：把一个额定电压为3V的LED接入电源电压恒为4.5V的电路，闭合开关S，LED即处于导通状态，调节变阻器滑片，改变LED两端的电压和电路 中电流，记录多组电压、电流数据，可以得到电压表与电流表示数关系，如丁所示． LED灯主要由半导体材料制成；它之所以节能，被称为 冷光源，是因为电热转换损耗的能量较白炽灯__________（高/低）；在图丙中，闭合S，调节滑动变阻器，使LED正常发光；断开S，改变电源的正负极后再闭合S，LED___________（能/不能）发光在图丙中，闭合S，调节滑动变阻器，使LED正常发光；断开S，改变电源的正负极后再闭合S，LED不能发光；此时两电表的示数为__________。 A．4.5V 20mA B．3V 20mA C．4.5V 0mA D．3V 0mA 参考答案 一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分） 1．C 【解析】 【详解】 由图知道，该电路为并联电路，电流表A1测量干路的电流，A2测量R2的电流，两开关闭合时，电流表A1的示数为0.5A，A2的示数为0.3A，电阻R2的阻值为10Ω，则电源电压是：U＝U2＝I2R2＝0.3A×10Ω＝3V； A、若电阻R1短路，A2和R2被短路，A2无示数，A1有较大示数，会损坏电流表A1和电源，故A错误； B、若电阻R1断路，电路中只有R2接入电路中，电流表 A1、A2 测的是R2的电流，由U＝IR可知，电流表 A2 的示数和R2 的乘积为电源电压，为3V，故B错误； C、若用一个20Ω 的电阻替换R2，即该支路的电阻变大，由并联电路的电阻特点知道，电路的总电阻变大，此时干路电流减小，由P＝UI知道，电路的总功率减小，故C正确； D、若电阻R2 断路，只有电阻R1接入电路中，则通过R1的电流是：I2 ＝0.5A﹣0.3A＝0.2A，所以，通0.2A×60s＝36J，故D错误。 电1min 时R1 产生的热量是：Q＝W＝UI2t＝3V×2．A 【解析】 【详解】 A．太空是真空，嫦娥四号可以通过电磁波从月球向地面传递信息，故A正确； B．嫦娥四号在月球上工作时，以地球为参照物，嫦娥四号的位置发生变化，所以是运动的，故B错误； C．长征三号乙运载火箭加速上升过程中，速度越来越快，动能越来越大，高度越来越大，重力势能越来越大，所以机械能越来越大，故C错误； D．长征三号乙运载火箭加速上升过程中，速度大小发生变化，运动状态发生改变，故D错误。 3．C 【解析】 雾是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴悬浮在空气中的现象，故选C． 4．B 【解析】 【详解】 A、滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，两图中，接触面的粗糙程度相同，但压力不同，故摩擦力不同，两次弹簧测力计的示数不同，故A错误； B、在探究滑动摩擦力与哪些因素有关的实验中，应匀速拉动木块，此时摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，故B正确； C、滑动摩擦力的大小与速度大小无关，实验中木块匀速滑动的速度变大，摩擦力不变，测力计示数不变，故C错误； D、两次实验过程中，接触面积相同，但压力不同，根据p=5．D 【解析】 【详解】 “引吭高歌”和“低声细语”中的“高”“低”描述的是声音的强弱或大小，即响度，故A错误； 超声波属于是声波，传播需要介质，所以，不能用来测量地球和月球间距离，故B错误； 二胡是琴弦振动发出声音的，调节弦的松紧，是为了琴弦振动的快慢不一样，使声音的音调就会发生变化，故C错误； 声音传播需要介质，生活中人们听到的声音大多是通过空气传播到人耳的，故D正确。 6．A 【解析】 【分析】 【详解】 洗澡的时候，水大量蒸发，有许多水蒸气遇到冷的镜子液化形成小水滴，镜子变得模糊不清；过一段时间，镜面上的小水滴又汽化成水蒸气，镜子又变得清晰了；此过程经过了先液化后汽化的过程，故A正确． F可知压强不同，故D错误。 S7．A 【解析】 【详解】 分析可知，电路中灯与R2串联后再与R1并联,电流表A1测R1的电流,电流表A2测干路的总电流,电压表测R1的电压，始终为电源电压保持不变；根据欧姆定律,通过R1的电流大小不变,即A1的示数不变；当S闭合,且滑片P向左滑动时,R2的阻值变小,根据电阻串联的规律,灯与R2串联的总电阻RL2变小,根据电阻的并联规律,R1与RL2并联的总电阻变小,由欧姆定律,电路的总电流变大,即A2示数变大．只有A正确．故选A. 【点睛】 分析电路的连接关系及电压表测量的电压、电流表测量的电流，确定电压表示数的变化；根据并联电路电压的规律，由欧姆定律确定电流表A1的示数变化；滑片P向左滑动时，根据串联电阻的规律及并联电阻的规律判断总电阻的变化，根据欧姆定律最终确定电流表A2示数的变化，由此确定正确答案． 二、填空题（本大题7小题，共21分） 8．5.04×104 1.68 【解析】 【详解】 水吸收的热量： Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg?℃）×0.15kg×（100℃﹣20℃）＝5.04×104J， 不计热损失，Q吸＝Q放＝m酒精q， Q吸5.04?104J/kg﹣3 1.6810kg＝1.68g． 则m酒精＝＝＝×7q酒精3.0?10J/kg9．0℃的冰 熔化 吸收 【解析】 【详解】 [1][2][3]由题意知，0℃的冰变成0℃的水时，需要向周围吸收热量，从而会降低周围的温度，更利于冷却食物，所以0℃的冰效果会更好． 10．0.05 3000 【解析】 【详解】 “220V 100W”的电灯单独正常工作30min，消耗的电能为W=Pt=0.1kW?h×0.5h=0.05kW?h，这段时间电能表转盘转了150转，则每消耗1kW·h的电能，电能表转盘转数： n=150r?3000r。 0.05kW?h11．200 150 【解析】 【分析】 根据题中“为保证杠杆在水平方向平衡，在中点B处施加一个最小的力为”可知，本题考查杠杆平衡条件的应用。根据杠杆平衡条件，动力臂最大时，拉力最小，据此分析解答；根据右图，为一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，承担重物和动滑轮重的绳子的股数n=2，根据拉力F?【详解】 为使拉力最小，动力臂要最长，拉力F的方向应该垂直杠杆向上，即竖直向上。即F竖直向上，动力臂OB最长，杠杆在水平位置平衡。 OB=G×OA， 根据杠杆平衡条件：F×所以F?G?1G?G动列式求解。 2OA2?100N??200N； OB1由图可知，滑轮组承担动滑轮和物重的绳子的股数n=2，所以拉力的大小 11F?G?G动??270N?30N?150N； 2212．750 1.36×104 【解析】 【详解】 读图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为750mm，因此，当时的大气压强等于750mm高水银柱产生的压强；100mm产生的压强为： p＝ρgh＝13.6×103kg／m3×10N／kg×0.1m＝1.36×104Pa． 13．小于 80 【解析】 试题分析：比较物质的吸热本领即比热容，用到的实验方法为控制变量法，在实验中用相同的加热源是为了使两种物质在相同时间内吸收的热量相等，在两种物质质量相同时，升温较慢的物质比热容大，故图中乙升温较慢，所以甲液体的比热容小于乙液体的比热容；如果乙液体是水，那么质量为500g，初温为20℃105J的热量，根据Q=cmΔt可知：Δt=的乙液体吸收1．89× 因标准大气压水的沸点为100℃，故水从20℃升高到100℃，只升高了80℃． 考点： 比热容 14．电流表 变大 【解析】 【详解】 ∵电源的电压不变， ∴电压表的示数不变；将滑片P向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大； ∵I= ； U可知，该支路的电流变小，即电流表A1的示数变小； R∵并联电路各支路独立工作、互不影响， ∴R1支路的电流不变； ∵并联电路干路电流等于各支路电流之和， ∴干路电流变小，即电流表A的示数变小； 当滑片P移至左端时，断开电键S，电压表仍侧电源的电压，即电压表的示数不变；而此时R1支路断路，电流表A只测通过滑动变阻器的电流，所以电流表A的示数变小；故电压表V示数与电流表A示数的比值将变大． 三、作图题（共7分） 15． 【解析】 【详解】 由电源正负极可知，螺线管中电流从右端流入、左端流出，根据安排定则可知，螺线管左端为N极、右端为S极。如图： 16． 【解析】 【详解】 先作出物体AB的端点A、B在平面镜中的对称点A′、B′，连接A′、B′点即为物体AB在平面镜中的像，注意辅助线和像用虚线，如图所示： 17． 【解析】 【分析】 （1）阻力是重物G 对杠杆的拉力，作用点在杠杆上，方向竖直向下。 （2）力臂是指从支点向力的作用线作垂线，垂线段即为力臂。根据杠杆平衡的条件， F1?L1?F2?L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。 而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。 【详解】 由图可知，O为支点，重物G对杠杆的拉力为阻力，作用点在杠杆上，方向竖直向下；根据杠杆平衡条件F1?L1?F2?L2可知，在阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长；由图知，OA为动力臂时，动力臂最长，动力最小；连接OA即为最长的动力臂，过A点作垂直于OA的力F1，即为最小力的示意图，方向左上方，如图所示： 【点睛】 此题主要考查杠杆最小力的问题，杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行： ①确定杠杆中的支点和动力作用点的位置； ②连接支点与动力作用点，得到最长的线段； ③经过动力作用点做出与该线段垂直的直线； ④根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向。 四、实验题（本大题共5小题，共20分） 18．将游码移到零刻度线处 52.2 20cm3 2.61×103 【解析】 【详解】 调平前，将天平放在水平台面上，并将游码拨到标尺左端的零刻度线处，再调节平衡螺母，使天平平衡； 由图乙可知，矿石的质量为m=50g+2.2g=52.2g，由图丙可知，矿石的体积为V=40ml-20ml=20ml=20cm3，矿石的密度为ρ= m52.2g?=2.61g/cm3=2.61×103kg/m3。 3V20cm19．②①④③（①②④③） 游码没有放到标尺左端的零刻度线处 2.66 不变 偏小 mρ水/（m2- m1） 等于 【解析】 【详解】 （一）（1）根据题意知道，测量鹅卵石的密度时，需要分别测量出鹅卵石的体积和质量，然后计算鹅卵石的密度，故实验的步骤是：②①④③或①②④③； （2）托盘天平使用时，首先要调节横梁平衡，在调节横梁平衡前，要用镊子将游码移到标尺左端的零刻度线处，而在图甲中调节横梁平衡的过程中，游码仍在标尺的中间，没有移到标尺左端的零刻线处； （3）由图乙知道，标尺的分度值为0.2g，砝码的质量为20g、5g，游砝所对的刻度值为1.6g，则鹅卵石的质量是：m=20g+5g+1.6g=26.6g，根据题意知道，向量筒中倒进V1=38cm3的水，由图丙知道，放入鹅卵石后的总体积为48cm3 ，故石子的体积是：V=25cm3 -38cm3 =10cm3 ，由?= m 知道，鹅卵石的密度是：V ?=m26.6g?=2.66 g/cm3； 3V10cmm 知道，m不V （4密度是物质的属性，与质量和体积无关，所以鹅卵石磨损后，它的密度将保持不变； （5）量筒读数时，视线与液面底部相平，若如图丙视线俯视，则读数比实际偏大；由?=变，V偏大，则所测得鹅卵石的密度将偏小。 （二）由②③④知道，与鹅卵石同体积的水的质量是：m′=m2- m1，由?= m 知道，此质量的水的体积是：V V?m??水=m2?m1?水 ，即鹅卵石的体积是：V石=V?m??水=m2?m1?水，故鹅卵石密度的表达式： ?石=m?水mm=?V石m2?m1m2?m1 ；由于步骤③中取出鹅卵石时会带走一些水，但向烧杯中加水时，仍到标记 ?水处，所以没有影响体积的测量，故小明所测的鹅卵石密度等于真实鹅卵石密度。 20．匀速直线 1.937 速度增大，且增大得越来越慢 等于 二力平衡 1:5 速度之比明显不等于阻力之比 【解析】 【详解】 （1）[1][2]图（a）中的AB段是一条直线，反映了运动物体在做匀速直线运动；由图象知，纸杯从1.0s后开始做匀速直线运动，根据匀速直线运动的规律得出相等的时间内通过的位移相同，所以x=1.447m+（1.447-0.957）m=1.937m （2）[3][4][5]观察图（b）中单个纸杯的速度一时间图线1，可见开始速度在增大，并且增大得越来越慢； 当小纸杯做匀速直线运动时，重力与阻力是一对平衡力，所以小纸杯所受空气的阻力等于自身重力； （3）[6]单个纸杯和5只叠放纸杯在做匀速直线运动时，受到的阻力都等于自身重力，所以在它们各自到达匀速运动时所受的空气阻力之比为f1：f5=1：5； [7]由图线1和图线5，由以上分析，5的阻力是1的阻力的5倍，5的速度大于1的速度，但不是1的速度的5倍，所以物体运动时遇到的阻力与速度不成正比； 21． 调节滑动变明器的潜片。保持定值电阻两端电压不变； 电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 【解析】 【详解】 （1）根据电路图，连接实物图如下： （2）为了探究电流跟电阻的关系，应控制电阻两端的电压保持一定，实验中当换用不同阻值的定值电阻后，每次应进行的操作是调节滑动变明器的滑片。保持定值电阻两端电压不变； 由表可知，电压一定时，电流变化的倍数与电阻变化倍数的倒数相等，故可得出的结论是电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。 22．10.0倒立、放大40cmB远视 【解析】 【详解】 （1）如图，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑，则该光斑是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离等于焦距，所以凸透镜的焦距f=20.00cm-10.00cm=10.00cm． （2）如图乙，物距u=25.00cm-10.00cm=15.00cm，像距v=55.00cm-25.00cm=30.00cm，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，所以成倒立、放大的实像．根据折射光路是可逆的，若保持蜡烛和光屏位置不变，当物距u=30cm时，即移动透镜至40cm刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像． （3）保持蜡烛位置不变，移动透镜至16 cm刻度线处，则物距u=16cm-10cm=6cm＜f，此时成正立放大的虚像，所以光屏上承接不到．通过凸透镜看到正立放大的虚像，所以像与蜡烛在透镜的同侧，人眼在图 中B处能观察到烛焰的像． （4）如图丁，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像．说明眼镜的作用是提前成像了，所以眼镜是会聚透镜，这种眼镜是远视眼镜． 五、计算题（本大题共2小题，共13分） 23．108J；（1）3.6×（2）1920N；（3）7 趟 【解析】 【详解】 （1）电动公交车充满电，储存的电能：W=UIt=400V×250A×3600s=3.6×108J； （2）电动公交车匀速行驶，阻力与牵引力平衡，即f=F，牵引力做功W′=Fs=fs，公交车电池储存的能量降低到充满电时的20%以下时，就需要再次充电，所以80%W=W′，所以： 80%W=Fs=fs，即：3.6×108J×80% =f×150×1000m，f=1920N； 1.8×104m+5.44×106J=4.0×107J，充满一次电最（3））行驶1趟公交车耗能：W1=Fs'+W损=fs'+W损=1920N× 80%?3.6?108多能跑趟数：n=≈7（趟）． 74.0?10J/趟24．（1）10V（2）25Ω（3）240J 【解析】 【详解】 由电路图可知，开关S断开时，电路为R0的简单电路，电流表测通过的电流。 （1）由I?U可得，电源的电压：U＝I0R＝0.5A×20Ω＝10V； R（2）开关S闭合时，R0与Rx并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R0的电流不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过Rx的电流：Ix＝I﹣I0＝ Rx?0.9A﹣0.5A＝0.4A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电阻Rx的阻值： U10V??25?； Ix0.4A（3）开关S闭合时，通电1分钟电阻Rx产生的热量：Qx＝Ix2Rt＝（0.4A）2×25Ω×60s＝240J。 答：（1）电源电压为10V； （2）电阻Rx的阻值为25Ω； （3）开关S闭合时，通电1分钟电阻Rx产生的热量为240J。 六、综合能力题（本大题共3小题，共18分） 25．热 220Ω 9.9×105J 12.1min 【解析】 【详解】 （1）电流通过电热丝时做功产生热量，利用电流的热效应； （2）开关S与触点c接通时，电路中只有R2工作，电路中的电流较小，由图丙可知，电路中的电流I2=2A； 开关S与触点a、b接通时，R1与R2并联，电路中的电流最大，由图丙可知，电路中的电流 I=3A，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R2的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R1的电流：I1?I?I2?3A?2A?1A， 由I?U220VUR???220Ω ； 可得电热丝R1的阻值：1I1AR1(3)由图丙可知，开关S与触点a、b接通时的工作时间：t1?10min??20min?15min??15min?900s， 开关S与触点c接通时的工作时间：t2??15min?10min???30min?20min??15min?900s， 电饭锅在这次煮饭的过程中消耗的电能： W?W1?W2?UIt1?UI2t2?220V?3A?900s?220V?2A?900s?9.9?105J， (4)电饭煲正常工作时，由图丙可知，电饭煲从开始工作到S第一次自动断开时的时间：t?10min?600s，此过程中产生的热：Q?W?UIt?220V?3A?600s?3.96?10J， 电饭煲最大功率时电路中的总电阻：R?5U220V220???， I3A3在不考虑热损失的条件下，在不同电压下，电饭煲从开始工作到S第一次自动断开产生的热量相同，所以， U2由Q?W?t 可得，在实际电压是200V时电饭煲工作的时间： Rt??QR?2(U实)3.96?105J??200V?220Ω3?726s?12.1min 。 226．100 10 7 6 【解析】 【分析】 （1）由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。 比较滑片P在某一端点和滑片P移动至某一位置时电路中的电流即可判断滑片位于某一端点时接入电路中的电阻最大，根据P＝UI求出R2两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值； （2）根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当滑片P移动至某一位置时，根据P＝UI求出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式得出R1的阻值，进一步求出电源的电压； 当P在a端时，R2连入阻值为0，则电压表的示数为0，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P＝UI求出R1消耗的电功率和电路消耗的总功率；知道当P在b端时电路中的电流和电压表示数，根据P＝I2R求出R1消耗的电功率，根据P＝UI求出电路消耗的总功率，然后得出答案。 【详解】 （1）由图知，R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。 当滑片P在b点时，滑动变阻器的电阻最大，电流表示数为0.1A， 根据P＝UI可得，滑动变阻器R2的电压（即电压表示数）： U2?P1W??10V I0.1AU可得，滑动变阻器R2的最大阻值： RU10VR2?2?100? I0.1A根据I?（2）根据串联电路的电压特点可知：U＝U1+U2， 结合欧姆定律可得：U＝0.1A×R1+10V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣① 当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A， 此时R2的电压： U2'?P'1.8W??6V ， I'0.3A电源电压U＝U1′+U2′， 即：U＝0.3A×R1+6V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 联立①②解得：R1＝20Ω，U＝12V； 当P在a端时，R2连入阻值为0，此时电压表的示数UV＝0， 电流表的示数： Ia=U12V??0.6A； R120?由前面的计算可知，当P在b端时，Ib＝0.1A，电压表示数UV′＝10V， 则电压表的示数变化量为：△U＝VV′﹣UV＝10V﹣0＝10V； 由P＝IR可得，R1消耗的电功率的变化量： △P1＝IaR1﹣IbR1＝（0.6A）×20Ω﹣（0.1A）×20Ω＝7W； 电路消耗总功率的变化量： △P＝U△I＝12V×（0.6A﹣0.1A）＝6W。 故答案为：100； 10；7；6。 【点睛】 本题考查了串联电路特点和欧姆定律和电功率公式的应用，关键是正确分析电路，由电源电压不变列式计算出电源电压和R1的阻值的大小。 27．低 不能 C 【解析】 【详解】 （1）根据题意知，LED灯直接把电能转换成光能的器件，因而其发光效率较高，转移为内能的部分少， 2 2 2 2 2 即电热转换损耗的能量较白炽灯低； （2）在图丙中，闭合S，调节滑动变阻器，使LED正常发光，由于二极管具有单向导电性，断开S，改变电源的正负极后再闭合S，LED不会有电流通过，故不能发光。 （3）在图丙中，闭合S，调节滑动变阻器，使LED正常发光；断开S，改变电源的正负极后再闭合S，LED不能发光，即LED没有电流通过，所以电流表示数为0mA，此时电压表通过滑动变阻器能够测量电源电压，所以电压表示数为1.5V。故选C。 山东省青岛即墨市2019-2020学年中考物理模拟试卷 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．如图所示的电路中，当只闭合开关S1时，电流表、电压表的示数分别为I1、U1，当开关S1、S2都闭合时，电流表、电压表的示数分别为I2、U2，则下列关系式正确的是( ) A．I2＝I1、U2＜U1 B．I2＞I1、U2＝U1 C．I2＞I1、U2＞U1 D．I2＜I1、U2＜U1 2．如图所示，小丽用力F把一木块压在竖直墙面上静止，现有以下受力分析，下述受力分析正确的是（①小丽对木块的压力F和墙对木块的弹力是一对平衡力 ②小丽对木块的压力F和木块的重力是一对平衡力 ③木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力 ④小丽对木块的压力F和木块对小丽的弹力是一对平衡力 A．只有①正确 B．只有④正确 C．只有①③正确 D．只有③④正确 3．下列数值最接近实际情况的是 A．物理课本中一张纸的厚度约为8mm B．一个鸡蛋的质量约为600mg C．一瓶500ml的饮料的质量约为0.5kg D．一座6层教学楼的高度约为18dm 4．下列物态变化中属于放热现象的是哪一组 ①初春，冰封的湖面解冻 ②盛夏，旷野里雾的形成 ③深秋，路边的小草上结了一层霜 ④严冬，冰冻的衣服逐渐变干． A．①② B．②③ C．③④ D．①④ 5．关于温度、热量和内能的说法中正确的是 A．物体吸收热量，温度一定升高 B．0℃的冰的内能为零 C．物体内能增大，一定吸收了热量 D．物体的温度升高，内能增大 6．下列数值最接近实际的是 ） A．适合人洗澡的温度约70°C C．课桌的高度约75dm B．一名中学生的重力约50N D．某中学生步行的速度约1m/s 7．有甲、乙、丙三个带电的泡沫塑料小球，甲带正电．先用甲靠近乙，发现乙被排斥；再用乙靠近丙，丙被吸引（如图）．则下列判断正确的是（ ） A．乙带正电，丙带正电 C．乙带负电，丙带正电 B．乙带负电，丙带负电 D．乙带正电，丙带负电 8．有关分子热运动，下列说法正确的是（ ） A．液体很难被压缩，说明分子间有斥力 B．手捏海绵，海绵体积变小，说明分子间有空隙 C．扫地时尘土飞扬，说明分子在做无规则运动 D．扩散现象不能在固体中发生 9．小明学习了电路知识后，想利用发光二极管设计一个带开关指示灯的照明电路，晚间关闭照明灯后，利用二极管发出的光指示开关所在的位置．他共设计了4个电路，如图所示，其中L为白炽灯（规格为“220V 60W”），D为发光二极管（规格为“1.2V 0.01A”），S为单刀双掷开关、R为限流电阻．图中能够满足要求的电路是 A． B． C． D． 10．下列有关物态变化说法正确的是 A．冬天家里玻璃窗上的冰花出现在窗外 B．放在衣柜里的樟脑丸变小是一个放热过程 C．湿手拿冻肉会被“粘住”是因为手上的水凝固了 D．冬天汽车排气管冒出的“白气”，是水蒸气凝华形成的 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．如图所示是一位运动员在参加跳板跳水比赛时的分解动作，依次是压板、跳起、腾空，这几个动作之后还有下落和入水．下列判断正确的是 A．压板时跳板向下弯曲，说明力能改变物体的形状 B．跳板前端被压到最低时，它的弹性势能最大 C．运动员在空中向上运动，是动能转化为重力势能 D．运动员下落和入水过程中，机械能总量保持不变 12．下列对生活中物理现象的分析，正确的是（ ） A．体操运动员参加单杠比赛时，先要在手中抹点滑石粉，这是为了增大手与单杠之间的摩擦 B．我们称为“孔明灯”的热气球是利用加热的方法使气球内空气密度变小而产生升力使热气球升空的 C．坐在行驶汽车里的乘客突然向后倒，这是因为汽车正在刹车减速 D．旅客必须在安全区域等候上火车，是因为列车经过时，人与列车间空气流速大，压强大，可能发生事故 13．下列说法中正确的是 A．压力是由于重力产生的 B．压力的方向不总是竖直向下 C．物体产生的压力越大，其压强越大 D．体积大的物体，受到液体的浮力不一定大 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．小王同学在“探究凸透 镜成像的规律”实验中，当蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图所示时，烛焰在光屏上成一清晰的像，则该像是倒立、______ 的实像，生活中使用的_____ （选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一成像规律来工作的． 15．小明去商场购物，自动扶梯将他从一楼匀速送上二楼，在这个过程中，小明的动能_____，机械能_____。（选填“增大”“减小”或“不变”） 16．在如图所示电路中，定值电阻R0的阻值为20Ω，电动机线圈电阻为2Ω，闭合开关，电流表A1、A2的示数分别为0.8A，0.3A，则该电路电源电压为_____V.1min内电路消耗的电能为_____J，1min内电流通过电动机产生的热量为_____J． 17．在探究产生感应电流的条件时，小阳采用了如图所示的实验装置．闭合开关后，小阳左 右移动金属棒 AB，发现灵敏电流计的指针偏转角度较小，即产生的感应电流较小． （1）请你写出一种增大感应电流的方法：_____． （2）_____是根据这一原理制成的． 18．一台单缸四冲程柴油机，飞轮转速为3600转/分，该柴油机活塞1s对外做功______次。若其效率为40%，消耗5kg的柴油转化成的机械能是______J。(q柴油=4.3×107J/kg) 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．如图所示，工人用滑轮组匀速吊起重为600N的箱子，若箱子在10s内被匀速竖直提升了2m，工人施加的拉力为350N，不计绳重和摩擦，取g＝10N/kg。 求：滑轮组的机械效率；若用此滑轮组将重为900N的物体匀速提升2m，那么拉力做的总功是多少？ 20．如图所示，用滑轮组匀速提起放在地面上边长为20cm，质量为100kg的重物，拉力做功的功率为1200W，重物上升的速度为1m/s。（不计绳重和摩擦力）求： 当物体静止在地面上时对地面的压强；作用在绳子自由端的拉力为多大；滑轮组的机械效率 为多大；若用此滑轮组匀速提起2200N的重物，作用在绳子自由端的拉力为多少。 21．如图所示，小强利用滑轮组在4s内将重100N的货物匀速提升2m，所用拉力F=60N．不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦．求 动滑轮所受的重力G；小强做功的功率P；滑轮组的机械效率η． 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22．如图，一束光射入水中，在水底形成光斑．请根据入射光线和光斑，画出水面的反射光线和水中的折射光线． 23．请在图中画出人拉重物上升时，最省力的绕线方法． 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．小明在做“测定小灯泡额定功率”的实验时，电源电压6V，待测小灯泡的额定电压为“2.2V”和“3.8V”中的一个。 （1）如图甲所示，正确连接电路，规范操作，闭合开关，发现小灯泡发光较暗，电流表、电压表示数如图乙所示，则此时通过小灯泡的电流_____A．根据电压表示数以及小灯泡的亮度，可以判断小灯泡的额定电压为_____V。 （2）继续实验，小明发现电压表0～15V量程损坏，0～3V量程完好，在不更换电压表的情况下，他想了一个巧妙的办法，对所连接的电路进行了调整后闭合开关，调整变阻器的滑片位置，当电压表示数为_____V时，小灯泡正常发光，此时滑动变阻器滑片的位置恰好在中点上，小灯泡的额定功率为_____W。 25．课外实践活动中，用闪光照相机探究纸锥竖直下落的运动情况，照相机每隔0.2 s曝光一次． （1）小明所在的兴趣小组拍下的照片如图所示，由此可以判断纸锥下落的速度变化情况是______（选填“不变”、“先变大后不变”或“一直变大”）． （2）纸锥下落过程中在A、B两位置间的平均速度为________m/s．若减小纸锥的锥角，从相同的高度下落，其平均速度________．（选填“不变”、“增大”或“减小”） 26．如图（1）所示，是比较液体甲和液体乙吸热能力的实验．在实验室，使用了相同的酒精灯、相同的设备，首先分别对质量相同的液体甲和液体乙加热相同的时间（不考虑热量的损失），然后分析二者温度的升高情况得出结论． （1）若被加热的液体甲和液体乙的初温、质量、加热时间均相同，图（2）是液体甲中温度计的最终温度示数，其示数为_____℃． （2）已知液体甲的比热容为c甲，液体乙的比热容为c乙，二者的关系为c甲＞c乙，则液体乙的最终温度_____（选填“大于”、“等于”或“小于”）液体甲的最终温度． 参考答案 一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．C 【解析】 【分析】 当只闭合开关S1时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压U1，电流表测电路中的电流I1；当开关S1、S2都闭合时，电路为R2的简单电路，电压表测R2两端的电压U2，电流表测电路中的电流I2。 【详解】 AD．因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变小，由I=变大，即电流表的示数变大，则I2＞I1，故AD错误； BC．由U=IR可知，R2两端的电压变大，即电压表的示数变大，则U2＞U1，故B错误、C正确；故选C。 【考点定位】 欧姆定律的应用 2．C 【解析】 解：①小丽对木块的压力和墙对木块的弹力大小相等、方向相反，作用在同一条直线作用在同一个物体上②小丽对木块的压力和木块的重力不在同一直线上，符合二力平衡的条件，所以A正确；不是一对平衡力；③木块受到的摩擦力和木块的重力满足大小相等、方向相反，作用在同一条直线作用在同一个物体上，符合二力平衡的条件，所以是一对平衡力；④小丽对木块的压力和木块对手的弹力是一对相互作用力，不是平衡力．故选C． 点睛：木块处于静止，在竖直方向上受两个力而平衡，即重力和墙对木块的静摩擦力；木块在水平方向上受外力F和墙对木块的支持力，两个力是一对平衡力；平衡力作用在同一物体上，作用力和反作用力作用在不同的物体上． 3．C 【解析】 【详解】 A、一般纸张的厚度在75μm左右，物理课本一张纸的厚度与此差不多，在80μm=0.08mm左右，故A错误； B、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g=5×104mg左右，故B错误； C、饮料的密度与水的密度差不多，在1.0g/cm3左右，一瓶500ml=500cm3的饮料的质量约为m=ρV=1.0g/cm3×500cm3=500g=0.5kg，故C正确； D、一层楼的高度在3m左右，6层楼的高度在18m=180dm左右，故D错误． 4．B 【解析】 【分析】 解决此题要掌握： U可知，电路中的电流R物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行． 其中熔化、汽化、升华过程需要吸收热量，凝固、液化、凝华过程需要放出热量． 【详解】 ①初春，冰封的湖面解冻是物质由固态变为液态的过程，是熔化过程，熔化吸热；故A不符合题意； ②盛夏，旷野里雾是空气中的水蒸气遇冷液化为小水珠，是液化过程，液化放热，故B符合题意； ③深秋，路边的小草上结了一层霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，是凝华过程，凝华放热，故C符合题意； ④严冬，冰冻的衣服逐渐变干是物质直接由固态变成气态的过程，是升华过程，升华吸热，故D不符合题意． 综合分析②③符合题意． 故选B． 【点睛】 本题考查熔化与熔化吸热特点，液化及液化现象，生活中的升华现象，生活中的凝华现象，熟记常识是解决该题的关键． 5．D 【解析】 【详解】 A、若吸收热量的物体正好是处于熔化状态的晶体或正在沸腾的液体,则其吸收了热量,温度就不变;其他情况下物体吸收热量温度升高。因此不能确定物体吸收热量温度是否一定升高。故A错误。 B、因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动,所以一切物体都具有内能,0℃的冰的内能不为零,故B错误。 C、物体内能增大，可能是吸收了热量，也可能是对他做了功。故C错误。 D、同一物体分子个数是一定的,当温度升高时,分子的热运动越剧烈,则分子的动能就越大,从而物体的内能增加。故D正确。 6．D 【解析】 【分析】 【详解】 A. 适合人洗澡的温度约40℃，故A错误； B. 一名中学生的重力约500N，故 B错 误； C. 课桌的高度约80cm，故 C 错 误； D. 某中学生步行的速度约4km/h，即1m/s，故 D正 确 ． 7．D 【解析】 【详解】 甲、乙、丙三个带电的泡沫塑料小球，甲带正电．由图知甲乙相互排斥，说明甲乙是同种电荷，所以乙带正电；由图知乙丙相互吸引，说明乙丙带异种电荷，所以丙带负电，故D正确． 【点睛】 （1）电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（2）从A带正电开始依次判断其它物体的带电情况． 8．A 【解析】 【详解】 A．液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故A正确； B．用手捏海绵，海绵的体积缩小了，说明力可以改变物体的形状，不能说明分子间有空隙，故B错误； C．尘土飞扬是固体小颗粒的运动，属于机械运动，不是分子的运动，故C错误； D．扩散现象能在固体中发生，比如长时间紧挨在一起的金板和铅板，金中有铅，铅中有金，故D错误． 9．A 【解析】 【详解】 A．由电路图可知，关闭照明灯后发光二极管与限流电阻串联能发光，闭合照明电路时发光二极管不工作，故符合题意； B．由电路图可知，单刀双掷开关接通发光二极管时会发光，但无论单刀双掷开关怎样闭合，灯泡都不会发光，故不符合题意； C．由电路图可知，单刀双掷开关接通灯泡会发光，但无论单刀双掷开关怎样闭合，发光二极管都不会发光，故不符合题意； D．由电路图可知，闭合照明灯后，发光二极管会因为电路中的电流超过它的额定电流而被烧坏，最后导致白炽灯也不会亮，且关闭照明灯路后发光二极管不亮，故不符合题意． 10．C 【解析】 【详解】 A．冬天家里玻璃窗上的冰花，是由于室外温度较低，当室内温度较高的水蒸气遇到温度低的玻璃窗直接凝华而形成的，形成的冰花在窗内，故A错误； B．放在衣柜里的樟脑丸时间长了会变小，这是由于樟脑丸直接升华为樟脑气体造成的，升华吸热，故B错误； C．我们用湿手拿冻肉时，由于冻肉温度很低，手上的水会凝固而结冰，所以手会被“粘住”，故C正确； D．冬天汽车排气管排出的废气中含有大量水蒸气，水蒸气排出后遇到外界的冷空气就会液化成小水滴，从而形成“白气”，故D错误。 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．ABC 【解析】 【详解】 A、压板时跳板向下弯曲，跳板的形状发生了变化，说明力能改变物体的形状，故A正确； B、跳板前端被压到最低时，跳板的弹性形变达到最大，因此具有的弹性势能最大，故B正确； C、运动员上升过程中，质量不变，速度减小，动能减小；高度增大，重力势能增大，所以该过程中动能转化为重力势能，故C正确； D、运动员下落和入水过程中，克服空气阻力和水的阻力做功，一部分机械能转化为内能，机械能总量减小，故D错误． 12．AB 【解析】 解： A、体操运动员参加单杠比赛时，先要在手中抹点滑石粉，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A正确． B、热气球是通过改变热气球内气体的体积改变气体的密度，从而改变热气球受到空气的浮力与自重的关系，产生向上的升力，实现升空的，故B说法不完整，故B错； C、行驶的汽车突然刹车时，乘客的下半身随车一起速度减小而停止，而乘客的上半身由于惯性保持原来的状态继续向前运动，所以乘客身体要向前倾倒，故C错； D、人离列车太近时，高速列车行驶过程中，使人和列车之间的空气流动速度很大，压强很小，人外侧的压强不变，人在内外压强差的作用下，被压向列车出现事故．故D错． 故选AB 13．BD 【解析】 试题分析： A、压力不一定是由重力产生的，如将物体压在竖直的墙面上，其压力与重力无关，故A错误； B、压力的方向总是垂直于物体的接触面，并不一定竖直向下，也不一定垂直向下，故B正确； C、当受力面积一定时，物体产生的压力越大，其压强越大，选项中缺少受力面积一定这个条件；故C错误； D、物体受到液体浮力大小与排开液体的体积和液体的密度有关，与物体本身的体积大小没有关系，体积大的物体，排开液体的体积不一定大，受到液体的浮力不一定大，故D正确； 故选BD． 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．缩小 照相机 【解析】 图中凸透镜成像时，物距等于20cm，像距等于15cm，此时物距大于像距，成倒立、缩小的实像，生活中使用的照相机就是利用物体在二倍焦距以外，像呈现在一倍焦距和二倍焦距之间的规律来工作的． 点睛：本题考查凸透镜成像规律，解决该题利用凸透镜成像时，物距大于像距时，成倒立、缩小的实像规律，解题技巧，物距与像距比较，哪个距离大对应尺寸也大． 15．不变增大 【解析】 【详解】 小明在扶梯匀速上升的过程中，质量不变，速度不变，动能不变，高度增加，重力势能增大，故机械能增大。 16．6 288 30 【解析】 【分析】 【详解】 由电路图可知，定值电阻R0与电动机M并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R0支路的电流,因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=U=I0R0=0.3A×20Ω=6V； 1min内电路消耗的电能： W=UIt=6V×0.8A×60s=288J； 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电动机的电流： IM=I﹣I0=0.8A﹣0.3A=0.5A， 1min内电流通过电动机产生的热量： Q=IM2Rt=（0.5A）2×2Ω×60s=30J． 17．换磁性更强的磁体或增大导体切割磁感线运动的速度 发电机 【解析】 (1)感应电流的大小与磁场的强弱、导体切割磁感线运动的速度有关；故换磁性更强的磁体或增大导体切(2)图中没有电源，割磁感线运动的速度都能增大感应电流；是磁生电，是电磁感应现象，是发电机的原理． 点睛：（1）感应电流的大小与磁场的强弱、导体切割磁感线运动的速度有关；（2）发电机的原理：电磁感应现象． 18．30 8.6×107 【解析】 U可知，电源的电压： R【详解】 已知飞轮转速为3600r/min，即60r/s，而一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，做功1次，所以该柴油机1s对外做功30次； 柴油燃烧放出的热量： Q放=mq=5kg×4.3×107J/kg=2.15×108J， 其转化的机械能为： W=2.15×108J×40%=8.6×107J． 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（l）85.7%；（2）2000J。 【解析】 【详解】 （1）工人做的有用功：W有用＝Gh＝600N×2m＝1200J，由图可知，n＝2，拉力端移动距离s＝2h＝2×2m＝4m，拉力做的总功：W总＝Fs＝350N×4m＝1400J，滑轮组的机械效率：η＝答：滑轮组的机械效率为85.7%。 （2）吊起重为600N的箱子，不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），则动滑轮的重力：G动＝2F﹣G＝2×350N﹣600N＝100N。若用此滑轮组将重为900N的物体，则总功：W总′＝（G′+G动）h＝（900N+100N）×2m＝2000J。 答：拉力做的总功为2000J。 20．（1）2.5×104Pa；（2）400N；（3）83.3%；（4）800N。 【解析】 【详解】 （1）物体静止在地面上时对地面的压力：F压＝G＝mg＝100kg×10N/kg＝1000N， 受力面积：S＝（0.2m）2＝0.04m2， 则物体对地面的压强：p＝ W有用1200J×＝100%≈85.7%； 1400JW总12F压1000N==2.5?104Pa； 2S0.04m（2）由图知，n＝3，则绳端移动的速度：v＝3v物＝3×1m/s＝3m/s， 由P＝ P1200WWFs??Fv可得绳子自由端的拉力：F??=400N ； ttv3m/s（3）滑轮组的机械效率：??W有用GhGhG1000N=????83.3%。 W总FsFnhnF3?400N1（G+G动）， 3（4）不计绳重和摩擦力，绳子自由端的拉力：F＝ 则动滑轮重力：G动＝3F﹣G＝3×400N﹣1000N＝200N， 匀速提起2200N的重物时，作用在绳子自由端的拉力： F′＝ 11（G′+G动）＝（2200N+200N）＝800N。 33答：（1）当物体静止在地面上时对地面的压强为2.5×104Pa； （2）作用在绳子自由端的拉力为400N； （3）滑轮组的机械效率为83.3%； （4）若用此滑轮组匀速提起2200N的重物，作用在绳子自由端的拉力为800N。 21．（1）20N （2）60W （3）83% 【解析】 【详解】 (1)由图可知n=2， 不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦,由F=(G+G动)可得动滑轮的重力： G动=2F?G=2×60N?100N=20N； (2)绳端移动的距离：s=nh=2×2m=4m， 所做的总功：W总=Fs=60N×4m=240J； 小强做功的功率：P== =60W； (3)滑轮组有用功：W有用=Gh=100N×2m=200J； 滑轮组的机械效率：η= ×100%= ×100%≈83.3%. 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22． 【解析】 【详解】 过入射点垂直界面作出法线，根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，在空气中法线右侧作出反射光线，并使反射角等于入射角；根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，在法线右侧的水中斜向下作出折射光线，使折射角小于入射角，如图所示： 23． 【解析】 【详解】 从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这种绕法最省力，如图所示： 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．0.18 3.8 2.2 0.836 【解析】 【详解】 （1）电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.4V，因灯光发暗，所以，灯的额定电压应该是高于2.4V，即为3.8V；电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.18A； （2）因为电压表所选的量程是0～3伏，而灯的额定电压是3.8伏。所以对电路进行的调整，把电压表与变阻器并联， 当电压表的示数是2.2V时，灯正常发光，此时U额＝U﹣U滑＝6V﹣2.2V＝3.8V； 因为此时变阻器只接入10欧电阻，所以，此时串联电路中电流是： I＝ ＝ ＝0.22A， 则灯的额定功率：P额＝U额I＝3.8V×0.22A＝0.836W。 25．先变大后不变 0.4 增大 【解析】 【详解】 （1）纸锥在相同的时间内通过的路程先变大，后不变，所以纸锥的运动速度先变大后不变； （2）由图可知，刻度尺的分度值为1mm，则A、B两位置间的实际距离为16.00cm＝0.16m，A、B间的时间为0.4s，则此过程中，纸锥的速度：v?s0.16m?=0.4m/s；锥角越小，阻力越小，下落时间越短，t4s下落速度越快，故若减小纸锥的锥角，从相同的高度下落，其平均速度增大． 26．30 大于 【解析】 【详解】 （1）由图（2）知道，温度计的分度值为1℃，所以，温度计的示数是30℃． （2）甲和液体乙的初温、质量相同，加热时间均相同，由转换法知道，吸收的热量相同，又因为液体甲的比热容为c甲，液体乙的比热容为c乙，且二者的关系是：c甲＞c乙，所以，由Q=cm（t﹣t0）知道，t＝t0+ Q，即液体乙的最终温度大于液体甲的最终温度． cm山西省运城市实验中学2019-2020学年中考物理模拟试卷 一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分） 1．关于声现象，下列说法正确的是 A．声音的传播速度是340 m/s B．物体振动越快，发出的声音响度越大 C．用“B超”查看胎儿的发育情况，利用了声波可以传递能量 D．高架道路两旁建隔音墙是在传播过程中减弱噪声 2．铁山位于县城东南二十公里处，是青泥山脉最高峰，海拔1746米，地处古蜀道要津，为微县南境屏障。远远望去，山顶云雾缭绕，显得神秘而美丽，关于云雾的形成，下列说法正确的是 A．是从山中冒出的烟 B．是水蒸气遇冷液化形成的小水珠 C．是从山中蒸发出来的水蒸气 D．是水蒸气凝华成的小水珠 3．小明用如图所示的滑轮组提升300N重物，在绳子自由端施加的拉力为125N，4s内重物匀速上升2m，不计绳重和轮、轴间摩擦．则 A．绳子自由端移动的距离为4m B．动滑轮重50N C．拉力做功的功率为150W D．此过程滑轮组的机械效率为80% 4．下列事实中，目的是为了增大压强的是 A．在坦克的轮子上安装履带 C．用细线来分割皮蛋 5．下列做法中，错误的是： A．春天，踏青时将玻璃瓶随意丢弃在山林中 B．夏天，室内没有人时空调及时关闭 C．秋天，游玩时将剩余的矿泉水收集后再利用 D．冬天，用太阳能热水器替代电热水器 6．下列现象中，仅由于光的反射而形成的是（ ） B．书包背带做得宽大而厚实 D．将铁路轨道铺设在枕木上 A．水中倒影 B．雨后彩虹 C．插在水中的铅笔“折断”了 D．手影 7．如图所示电路，当开关S闭合后，L1、L2均能发光，电流表、电压表均有示数．过一会儿，两灯都不发光．电流表的示数为零，电压表的示数为电源电压，可能发生的故障是 A．Ll灯丝断了 B．L1短路 C．L2灯丝断了 D．L2短路 二、填空题（本大题7小题，共21分） 8．如图甲所示的电路，R2为滑动变阻器，R1、R3均为定值电阻，电源两端电压保持不变．滑动变阻器R2的滑片由b端调至a端时，两电压表的示数随电流表的示数变化图像如图乙所示．求：滑片在a端时电路中的电流____；(2)R3的阻值____；(3)滑片在b端时R1的功率___． 9．近几年有许多重大火灾都是因线路连接处接触不良造成的，教训十分深刻．线路连接处接触不良引起火灾的原因是：当线路连接处接触不良时该处的电阻将_____（填“变大”或“不变”或“变小”），在该接触处就会产生局部过热升温，接触处的电阻又随温度的升高而______（填“变大”或“不变”或“变小”），从而形成电热的逐步积累和恶性循环，以致引发火灾．如图所示的电路中，A、B两点均是螺丝口灯的螺旋套上的点，当电路中两开关都断开时，用测电笔分别测试A、B两点，能使测电笔氖管发光的是______点（选填“A”或“B”）． 10．小兰家电热茶壶的额定电压为220V，额定功率为1100W，容量为1L，则它的正常工作时的电流是_____A；壶中装有1kg温度为20℃的水，在1标准大气压下将水烧开（茶壶有80%的电能被水吸收）至 103J/（kg?℃）少需要_____J电能。（水的比热容是4.2×） 11．人们将书包带做得宽一些，目的是在压力一定时，增大肩部的______，从而______压强，背着更舒服．纤弱细小的蚊子，只要“轻轻一吻”就能吸到大象的血，原因是蚊子的口器对大象皮肤造成的压力虽然不大，但由于口器十分尖锐，因而能轻易刺穿大象皮肤，这是通过___________的方式增大了压强。 12．发电机的工作原理是_____，核电站是利用核_____产生的能量发电的（选填“裂变”或“聚变”） 13．如图所示，小华骑单车出行，沿途看到路旁树木向后退去，所选的参照物是_________；小华坐在宽大的车座上比较舒服，这是通过增大受力面积减小了___________的缘故. 14．改变内能有不同的方式，如图所示，是通过_____方式把试管里的水进行加热．．水沸腾后，水蒸气推动活塞迅速冲出管口，水蒸气的内能_____（填“增大”或“减小”），在活塞被推出的过程中，能量转化情况与内燃机_____冲程相同．试管口出现了白雾，这是_____（填物态变化名称）现象． 三、作图题（共7分） 15．如图甲为一个平衡的杠杆，用带杆的滑轮轻推悬线，不平衡的杠杆在某一位置如图乙，若把杠杆在支点右侧受到的拉力看做动力，请在乙图中画出动力F1、阻力F2的示意图以及动力臂L1.（注：力的作用点用较明显实心圆点标注） （________） 16．在图中，标出磁感线方向、小磁针的N极、S极和电源的正、负极． 17．请将两个标有“220V 40W”的灯L1、L2连接在家庭电路的电路图中，要求开关S控制两盏灯，S闭合后两盏灯都能正常发光。 四、实验题（本大题共5小题，共20分） 18．某物理实验小组在探究“影响重力势能大小的因素”时，提出了如下猜想： 猜想一：重力势能的大小可能与物体的质量有关； 猜想二：重力势能的大小可能与物体所在的高度有关； 猜想三：重力势能的大小可能与物体的运动路径有关。 为了验证猜想，他们准备了如下实验器材：花泥（易产生塑性形变）若干块，刻度尺一把体积相同、质量为m的小球3个和质量为2m的小球一个。所用实验装置如图1、所示（图2）中，小球在光滑管道中运动的能量损失不计）。实验中均让小球从图中高度自由下落，待小球静止后，分别用刻度尺测出小球陷入花泥的深度。请你根据图中实验情景完成下列内容： （1）本实验是通过观察_____来判断重力势能大小的； （2）比较A、B两球，由此可得出结论：_____； （3）比较_____两球，可得出结论：当物体_____相同时，高度越高，物体具有的重力势能越大； （4）比较C、D两球，可得出：物体的重力势能与物体运动的路径_____（选填“有关”或“无关”）； （5）小球下落陷入花泥前，将重力势能转化为_____能，陷入花泥后到小球静止过程中，将机械能转化为_____能，能量在转化过程中是_____的（选填“守恒”或“不守恒”） 19．在“测量小灯泡电阻”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。 请你用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整（要求滑动变阻器滑 片向右移动时灯泡变亮）；连接电路后，闭合开关，小灯泡发光，但电压表示数为0，经检查电路中a、b、c、d四根导线中有一根断了，则该导线是_____（填写字母）；排除故障后，闭合开关，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻约为_____Ω（保留1位小数）；如果考虑电表自身电阻对实验的影响，则小灯泡电阻的测量结果与真实值相比_____（选填“偏大”或“偏小”）。 20．王宇同学总结两年来所做的物理探究实验发现： （1）当要研究的物理量不易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接表示出来．如：如图甲所示实验是让木块在水平面上做__________运动，通过读取弹簧测力计上的示数间接知道摩擦力的大小；乙实验中小球动能的大小是通过观察.比较物块B_________反映出来的． （2）当要研究的物理量与多个因素有关时，都要采用_________法如：如图乙所示实验研究小球动能的大小与速度的关系就要多次改变速度的大小，同时控制小球的_____________不变． 21．两只铭牌模糊的小灯泡L1、L2，仅能看清分别标有“0.3A”和“0.5A”字样． （1）图甲是小明测量小灯泡L1额定功率时连接的实物图； ①图中有一根线连接错误，请在这积线上打“×”，并在图中改正_________； ②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于_______（远填“A”或“B”）端； ③闭合开关，电流表示数为0.1A，移动滑片P，通过观察_______表的示数来判断小灯泡是否正常发光，小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，则小灯泡L1的额定功率为_______W． （2）小华利用图丙所示的电路测出了小灯泡L2的额定功率，请在虚线框内补上小灯泡、电压表和定值电阻R（阻值已知）这三个元件的符号，使电路完整，实验操作方便___________． 22．小明想探究“物体受到的浮力与其形状是否有关”。他找来薄铁片、烧杯和水进行实验。实验步骤如下： 步骤一：将铁片放入盛水的烧杯中，铁片下沉至杯底。 步骤二：将铁片弯成“碗状”再放入水中，它漂浮在水面上。 （1）通过分析可知，第一次铁片受到的浮力_____第二次铁片受到的浮力（选填“大于”“等于”或“小于”）； （2）小明得出：物体受到的浮力与其形状有关。小明得出错误结论的原因是：他只关注了铁片_____的改变，忽视了_____对浮力大小的影响。 五、计算题（本大题共2小题，共13分） 23．如图所示电路，电源电压恒定，小灯泡上标有“6V 3.6W”字样，（灯丝电阻不变），R1为阻值30Ω的定值电阻，请计算： （1）小灯泡正常发光时的电阻是多少？ （2）当S1断开，S2，S3闭合时，小灯泡刚好正常发光，则电源电压是多少？ （3）当S1，S2断开，S3闭合时，电路中的电流是多少？ （4）该电路的最大功率是多少？ 24．如图是利用电子秤显示水库水位装置的示意图。该装置主要由不计重力的滑轮C、D，长方体物块A、B以及轻质杠杆MN组成。物块A通过细绳与滑轮C相连，物块B通过细绳与滑轮杠杆相连。杠杆可以绕支点O在竖直平面内转动，杠杆始终在水平位置平衡，且MO：ON＝1：1．已知物块A的密度为1.5×103kg/m3，底面积为0.04m1，高1m，物块B的重力为100N．滑轮与转轴的摩擦、杠杆与轴的摩擦均忽略不计，g取10N/kg．求： （1）当物块A的顶部刚没入水面时，底部受到水的压强大小； （1）当物块A的顶部刚没入水面时，物块A所受的拉力大小； （3）若水位发生变化，当电子秤的示数为55N时，求物块A浸入水中的深度。 六、综合能力题（本大题共3小题，共18分） 25．核潜艇是国家的战略重器，是维护国家安全的基石之一． 核能是________（选填“可再生”或“不可再生”）能源，核潜艇中的核 反应堆发生的链式反应是________（选填“可以”或“不可以”）控制的． 核潜艇在水下水平匀速巡航时，突然进入密度跃层（海水上层密度大，下层密度小）时，潜艇会突然加速下沉，将给潜艇带来安全隐患．此时应立即将潜艇水舱中的水全部排出，使潜艇受到的重力________（选填“大于”、“等于”或“小于”）它的浮力． 核潜艇水平匀速行驶过程中，遇到紧急情况，迅速调整艇身仰角（与水平方向的夹角）至30°开始上浮，上浮过程中潜艇始终以不变的速度沿艇身方向行驶，潜艇的深度计显示的潜 艇在海面下的深度随时间变化的关系如图．潜艇在第30s时受到的海水压强为________ Pa（不计潜艇高度，海水密度取1.03×103kg/m3）． 26．阅读短文并回答下列问题． 磁悬浮列车 磁悬浮列车（如图所示）利用磁极间的相互作用使车体完全脱离轨道，悬浮在距离轨道约lcm处行驶．它行驶时和电动机的工作原理完全相同．只是把电动机的“转子”安装在列车上，将电动机的“定子”安装在轨道上，当向轨道这个“定子”输电时，通过通电线圈受到磁场力的作用，使列车就像电动机的“转子”一样被推动着向前运动．当列车运行在曲线或坡道上时，控制系统通过改变电磁铁中的电流达到控制运行的目的． （1）磁悬浮列车开动时能够悬浮在轨道上是因为______________．车体完全脱离轨道，可以大大减小车体与铁轨之间的____________力． （2）当磁悬浮列车运行路线是曲线时，通过改变_______中的电流来达到控制运行的目的． （3）磁悬浮列车在铁轨上行驶的工作原理是___________． 27．如图甲所示，设闭合电路中的电流为I，外部电路的等效电阻为R，电源内部电阻为r(r为定值)，电源电动势为E，根据串联电路电压特点有E=IR+Ir。现有如图乙所示的电路，当变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数与电流表读数的变化情况，如图丙中AC、BC两直线所示。 电压表V1、V2 的示数与电流表A的示数的变化图线分别为(丙)图中的哪一条?并加以说明。 请你计算出变阻器的总电阻R1的大小。 小贴士 电源两极间存在电压。实验表明：不接用电器时，电源两极间电压的大小是由电源本身的性质决定的，物理学中用“电动势”表征电源这一特性，即电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，用符号“E” 表示，实际上由于电源内部有电阻，所以当电路中有电流通过时，电源的内阻也分得一定的电压。 参考答案 一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分） 1．D 【解析】 【详解】 A、声音只有在15℃空气中的传播速度才是340m/s，故A错误； B、物体振动越快，发出的声音音调越高，故B错误； C、用“B超”查看胎儿的发育情况，利用了声波可以传递信息，故C错误； D、高架道路两旁建隔音墙可以阻断声音的传播，故是在传播过程中减弱噪声，故D正确． 2．B 【解析】 【详解】 雾是液态小水滴，由于山顶的温度较低，水蒸气遇冷液化成小水滴，浮在空气中，形成雾，故ACD错误，B正确。 3．D 【解析】 【分析】 【详解】 2m＝6m，故A错误；B. 若不计绳重和摩擦,F由图可知，n＝3，A. 绳子自由端移动的距离：s＝2h＝3× 11 (G?G动),即：125N＝ (300N?G动)，解得G动＝75N，故B错误；C. 拉力做的功为：W＝Fs＝33W750J125N×6m＝750J，拉力做功的功率P＝＝＝187.5W,故C错误；D. 该滑轮组的机械效率为：η＝ t4s＝ W有W总＝GhGhG300N＝＝＝×100%＝80%. 故D正确；故选D. FsF3h3F3?125N【点睛】 根据图象可知，n＝3；（1）根据s＝3h求出自由端移动的距离；（2）根据W＝Fs计算拉力做的功, 再根据P＝ W1求拉力做功的功率；（3）不计绳重和摩擦，利用F＝（G?G动）求动滑轮重力；（4）根据ηt3＝ W有W总＝GhGhG＝＝求滑轮组的机械效率． FsF3h3F4．C 【解析】 【详解】 A．在坦克的轮子上安装履带是通过增大受力面积来减小压强的，故A错； B．书包背带做得宽大而厚实是通过增大受力面积来减小压强的，故B错； C．用细线来分割皮蛋是通过减小受力面积来增大压强的，故C正确； D．将铁路轨道铺设在枕木上是通过增大受力面积来减小压强的，故D错． 5．A 【解析】 【分析】 【详解】 A．春天，相对来说空气比较干燥，若把玻璃瓶随意丢弃在山林中，玻璃瓶就相当于一个凸透镜对光线有会聚作用，当阳光强烈时容易引发山林火灾，故A错误； B．夏天，从节约能源方面来说，室内没人时应及时关闭空调，避免浪费电能，故B正确； C．秋天，游玩时将剩余的矿泉水收集再利用，一方面可以避免瓶中水对光线会聚发生火灾，另一方面也可以节约用水，故C正确； D．冬天，太阳能热水器只要做好防冻措施，就可以正常使用，不但节约能源，而且环保，故D正确． 6．A 【解析】 【详解】 水面相当于平面镜，水中倒影，是平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A符合题意；雨后彩虹是由于太阳光入射到水滴中发生的折射形成的，故B不符合题意；插在水中的铅笔“折断”了，是因为从水中笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故C不符合题意；手影的形成是因为光沿直线传播时被手挡住后，就会在墙面上呈现出阴影区域，形成影子，故D不符合题意，故选A． 【点睛】 本题考查的是用光学知识解释光现象，考查了光的直线传播、光的反射、光的折射等；需要熟记小孔成像，影子的形成，日、月食等是光的直线传播形成的；光遇到物体表面会发生反射；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折：钢笔错位、海市蜃楼，凸透镜成像等都属于光的折射现象． 7．C 【解析】 【详解】 A． 如果灯泡L1灯丝断了，整个电路断路，电流表、电压表示数都为零．不符合题意； B． 如果灯泡L1短路不能发光，但L2仍然发光．电流表、电压表示数都增大．不符合题意； C． 如果灯泡L2灯丝断了，电路断路，两只灯泡都不亮，电流表示数为零，电压表测量电源电压．符合题意； D． 如果灯泡L2短路不能发光，但L1仍然发光．电流表示数增大，电压表相当于与导线并联示数减小为零．不符合题意． 故选C． 二、填空题（本大题7小题，共21分） 8．0.3A 5Ω 0.15W 【解析】 【详解】 R1、R2、R3串联，电压表V1测U2+U3，电压表V2测U3 （1）当滑片在a端时，R2＝0，电流达到最大值，由图像可知，此时I＝0.3A （2）R3＝ U31.5V ＝ ＝5Ω 0.3AI（3）由图像得：U＝4.5V+0.1A?R1——————（1） U＝1.5V+0.3A·R1————————（2） 解（1）（2）R1＝15Ω U＝6V 滑片在b端时，I′＝0.1A, R1的功率: P＝I′2R1＝（0.1A）2×15Ω＝0.15W 9．变大 变大 A 【解析】 【分析】 【详解】 线路连接处由于接触不良，电流通过时受到的阻碍作用增大，因此电阻增大； 线路连接处相对于其他地方电阻增大,根据焦耳定律Q=I2Rt，在电流相同、时间相同的情况下产生了更多的热量，因此导致局部温度升高，接触处温度升高，使接触处的电阻进一步变大，产生更多的热量，使温度迅速升高，温度过高容易引发火灾． 左端的开关和灯泡:断开开关,A处还和火线相连, 测试A点,能使测电笔氖管发光. 右端的开关和灯泡:断开开关,切断火线,B处和火线断开, 测试B点,测电笔氖管不发光. 10．5 4.2×105 【解析】 【详解】 已知电热茶壶的额定电压为220V，额定功率为1100W，由P＝UI可得，电热茶壶正常工作时的电流：I ＝ P1100W＝＝5A；由题知，水的质量m＝1kg，且标准大气压下水的沸点是100℃，将温度为20℃的U220VQ吸＝cm水，在1标准大气压下将水烧开，则水吸收的热量：（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg?℃）×1kg×（100℃ Q吸Q吸3.36?105JW＝﹣20℃）＝3.36×10J，由η＝×100%可得，将水烧开需要电能：＝＝4.2×105J。 ?W80%5 11．受力面积 减小 减小受力面积 【解析】 【详解】 根据p= F可知，在压力一定时，受力面积越小，压强越大，受力面积越大，压强越小，因此人们将书包S带做得宽一些，是在压力一定时，增大肩部的受力面积，从而减小压强，蚊子的口器能轻易刺穿皮肤是通过减小受力面积的方式增大了压强。 12．电磁感应现象 裂变 【解析】 【详解】 （1）发电机是利用电磁感应现象制成的；在发电机过程中，机械能转化为电能。 （2）核电站是利用原子核发生裂变时释放能量来发电的。 13．单车 压强 【解析】 试题分析：小华骑单车出行，若以行驶的单车为参照物，树与单车之间的位置不断发生变化，是运动的，所以他会看到路旁的树向后退去；自行车车座比较宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，因此坐在宽大的车座上比较舒服． 【考点定位】减小压强的方法及其应用；参照物及其选择 14．热传递 减小 做功 液化 【解析】 【详解】 改变内能的方式有两种：一是做功，二是热传递．图中所示，是通过热传递方式把试管里的水进行加热；做功改变内能时，物体对外做功，内能减小温度降低；水沸腾后，水蒸气推动活塞迅速冲出管口，水蒸气的内能减小，在活塞被推出的过程中，能量转化情况与内燃机做功冲程相同；水沸腾后，水蒸气推动活塞做功，水蒸气的内能减小，温度降低，所以在塞子冲出时会看到水蒸气液化的白气． 三、作图题（共7分） 15． 【解析】 【详解】 支点为点O，右侧过悬点沿悬线作动力F1的作用线，过支点O作到F1作用线的距离L1，L1是动力臂；左侧过悬点沿悬线作阻力F2的作用线，方向竖直向下，如图所示： 16． 【解析】 【详解】 螺线管的左端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从左向右的． 当小磁针静止时，根据磁极间作用规律可知，靠近电磁铁S极的一定是小磁针的N极，由此可知小磁针的左端为N极，右端为S极． 根据螺线管的左端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的右端流入左端流出． 根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的正负极：左端为负极，右端为正极．如下图所示： 17． 【解析】 试题分析：家庭电路中各用电器之间是并联的，开关同时控制两盏灯，说明开关要接在干路上； 电灯的接法：火线下来进开关，开关出来进灯顶，侧面出来回零线。 考点：家庭电路的连接 四、实验题（本大题共5小题，共20分） 18．C 质量 无小球陷入花泥的深度 当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大 A、关 动 内 守恒 【解析】 【详解】 （1）本实验中，小球的重力势能大小是通过小球陷入花泥的深度来反映的； （2）比较A、B两球，下落高度和运动路径相同，B球质量大于A球质量，发现B球陷入花泥的深度更大，说明B球的重力势能较大，由此可得出结论：当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大； （3）比较A、C两球，两球质量相同，下落路径也相同，C球的下落高度大于A球的下落高度，发现C球陷入花泥的深度更大，说明C球的重力势能较大，由此可得出结论：当物体的质量相同时，下落高度越高，物体的重力势能越大； （4）比较C、D两球，两球的质量相同，下落高度也相同，两球的运动路径不同，但陷入花泥的深度相同，由此可得出结论：物体的重力势能与物体运动的路径无关。 （5）小球下落陷入花泥前，质量不变，高度减小，速度增大，所以将重力势能转化为动能； 陷入花泥后到小球静止过程中，小球与花泥摩擦，最终静止，将机械能转化为内能；能量在转化过程中是守恒的。 19． b 10.4 偏小 【解析】 【详解】 （1）滑动变阻器滑片向右移动时灯泡变亮，即电阻变小，电流变大，故变阻器右下接线柱连入电路中，如下所示： （2）小灯泡发光，电路为通路，但电压表示数为0，导线b断了； （3）排除故障后，闭合开关，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分 度值为0.02A，电流为0.24A，由欧姆定律，则小灯泡正常发光时的电阻约为：； （4）图中电压表测量的电压是准确的，根据并联电路电流的规律，电流表示数大于灯的实际电流，由欧姆定律，则小灯泡电阻的测量结果与真实值相比偏小。 20．（1）匀速直线；被撞出距离的远近（2）控制变量法；质量 【解析】 试题分析：（1）弹簧测力计显示拉力大小，要使滑动摩擦力等于拉力，木块要匀速直线运动．小球从斜面上滚下，小球撞击物块运动越远，小球对物块做功越多，原来小球的动能越多，所以通过小球撞击物块运动的远近来反映小球动能的大小． （2）动能大小与物体的质量和运动速度都有关系，在研究小球动能的大小与速度的关系就要多次改变速度的大小，同时控制小球的质量不变，采用的是控制变量法 考点：物理学方法 21． B 电流 0.75 【解析】 【分析】 【详解】 ①原电压表测电源电压是错误的，应测灯的电压，如下图1所示： ②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处的B端；③灯在额定电流下正常发光，闭合开关，电流表示数为0.1A，移动滑片P，通过观察电流表的示数来判断小灯泡是否正常发光，小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压大小为2.5V，则小灯泡L1的额定功0.3A＝0.75W；率为：P＝UI＝2.5V×（2）若该电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，当灯的电流为额R，此定电流时，灯正常发光，先将电压表与定值电阻并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为0.5A×时灯正常发光，保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时灯的额定电压，根据P＝UI可求出灯的额定功率．设计的电路下图2所示： 【点睛】 （1）①原电压表应测灯的电压；②为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处；③灯在额定电流下正常发光，根据电压表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求小灯泡L1的额定功率；（2）电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，将电压表与定值电阻并联，通过移动滑片的位置，使R，此时灯正常发光，保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻灯的电压为0.5A× 的电压，此时灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时灯的额定电压，根据P＝UI可求出灯的额定功率． 22．小于 形状 排开水的体积 【解析】 【详解】 （1）第一次：铁片下沉说明F浮1＜G，第二次：铁片漂浮说明F浮2＝G，所以F浮1＜F浮2； （2）本探究实验把铁片弯成“碗状”，改变了形状，虽然都是水，但没有全浸入，两次排开液体的体积不同，所以得出结论是不正确的，即：他只关注了铁片形状的改变，没有控制排开水的体积对浮力大小的影响。 五、计算题（本大题共2小题，共13分） 23．（1）10Ω；（2）6V；（3）0.15A；（4）4.8W 【解析】 【分析】 【详解】 UL2(6V)2??10?； （1）小灯泡正常发光时的电阻：RL?PL3.6W（2）当S1断开，S2、S3闭合时，电路为灯泡的基本电路；因为灯泡正常发光，所以电源电压：U=UL=6V； I?S2断开，S3闭合时，R1和灯泡L串联；（3）当S1、电路中的电流： UU6V???0.15A； R总RL?R110??30?（4）当S3断开，S1、S2闭合时，R1和灯泡L并联，此时电路消耗的功率最大，灯泡两端的电压等于6V，正常发光，灯泡的实际功率等于额定功率，电路的最大功率： U2(6V)2P?PL?P?3.6W??3.6W?1.2W?4.8W． 1?PL?R130?答：（1）小灯泡正常发光时的电阻是10Ω； （2）当S1断开，S2，S3闭合时，小灯泡刚好正常发光，则电源电压是6V； （3）当S1，S2断开，S3闭合时，电路中的电流是0.15A； （4）该电路的最大功率是4.8W． 24．.（1）104Pa ； （1）100N ； （3）0.6m 【解析】 （1）当物块A的顶部刚没入水面时，底部所处的深度：h=1m，底部受到水的压强： p??gh?1?103kg/m3?10N/kg?1m?1?104Pa． 23（1）物块A的体积：VA?0.04m?1m?0.04m，物体A重： GA??AVAg?1.5?103kg/m3?0.04m3?10N/kg?600N， ∵物块A没入水中，∴排开水的体积：V排?VA?0.04m；物块A所受的浮力： 3F浮??水V排g?1?103kg/m3?0.04m3?10N/kg?400N； 物块A所受的拉力：F拉?GA?F浮?600N?400N?200N； （3）①电子秤的示数F示?GB?FN，则杠杆N端受到的拉力： FN?GB?F示?100N?55N?45N ∵杠杆平衡，MO：ON?12： ∴FMLOM?FNLON，∴杠杆M端受到的拉力：FM?90N； ②滑轮与转轴的摩擦、杠杆与轴的摩擦均忽略不计， 滑轮D受到向下的拉力：FD?2FM?2?90N?180N， 滑轮C受到向下的拉力：FC?2FD?2?180N?360N， ∴滑轮组对A的拉力：F拉A?FC?360N； ③∵F拉A?F浮?GA，所以 F浮?GA?F拉A??AVAg?F拉A?1.5?103kg/m3?0.04m3?10N/kg?360N?600N?360N?240N∵ F浮??水V排g， ∴V排?F浮240N3??0.024m，∵V排?Sh浸 ， 33?水g1?10kg/m?10N/kgV排0.024m3∴物块A浸入水中的深度：h浸???0.6m 2S0.04m
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