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平均电动势求解电量。 6．AC 【解析】 【分析】
（1）第一宇宙速度是最小的卫星发射速度，却是最大的环绕速度；
（2）当物体以第一宇宙速度被抛出，它的运动轨道为一圆周；当物体被抛出的速度介于第一和第二宇宙速度之间，它的运动轨迹为一椭圆；当物体被抛出时的速度介于第二和第三宇宙速度之间，物体将摆脱地球引力，成为绕太阳运动的行星；当被抛出的初速度达到或超过第三宇宙速度，物体必然会离开太阳系；
（3）卫星变轨时的位置点，是所有轨道的公共切点。 【详解】
A、物体抛出速度v＜7.9km/s时必落回地面，若物体运动距离较小时，物体所受的万有引力可以看成恒力，故物体的运动可能是平抛运动，A正确；
B、在轨道B上运动的物体，相当于地球的一颗近地卫星，抛出线速度大小为7.9km/s，B错误；
C、轨道C、D上物体，在O点开始变轨到圆轨道，圆轨道必然过O点，C正确； D、当物体被抛出时的速度等于或大于16.7km/s时，物体将离开太阳系，故D错误。 【点睛】
本题考查宇宙速度，知道第一宇宙速度是最小的发射速度、最大的环绕速度，掌握卫星变轨模型，知道各宇宙速度的物体意义至关重要。 7．AC 【解析】 【分析】
（1）分析当开关S2断开时的等效电路和S2闭合时的等效电路，判断S2闭合前后外电路总电阻的变化，根据输出功率和外电路电阻的函数关系图，判断电源输出功率的大小情况； （2）当外电路总电阻和电源内阻相等时，电源的输出功率最大；
（3）分别计算S2闭合前后，R2和R3的功率，来对比前后各自功率的变化情况； （4）根据电源输出功率和总功率的比值来计算电源的效率。 【详解】
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A、开关S1闭合之后，若S2断开，则此时外电路总电阻为
；若 S2闭合，外电路总
电阻变为 ，由乙图可知，第二种情况下，电源输出功率最大，A正确； BC、①开关S1闭合，S2断开，此时电阻R2消耗的功率为：
，电阻 6 R3消耗的功率为：
功率为：
；②开关S1闭合，S2闭合，此时电阻R2消耗的
电阻R3 ，8 消耗的功率： 通过对比可知， ，
8 B错误，C正确；
D、电源的效率为 ，当开关S2闭合之后，外电路总电阻 变小，故效 率 减小，D错误。 故本题选AC。 【点睛】
解决本题关键要正确识别电路，明确各个电阻的连接关系，再运用闭合电路欧姆定律和功率公式求解。 8．AC 【解析】 【分析】
（1）从C点由静止释放小球后，对其进行受力分析，确定其处于自然静止状态（平衡位置）时所处的位置，根据运动的对称性，可解决A项；
（2）根据竖直平面圆周运动最高点轻绳模型的临界条件，可计算小球刚好通过D点时的临界最小速度，然后从C到D利用动能定理，即可判断B项；
（3）若小球能通过D点，则D点既是研究的起点也是终点，利用动能定理，结合牛顿第二定理即可求解C项；
（4）根据圆周运动的临界条件，可判断D。 【详解】
A、若小球C在电场和重力场的复合场中处于自然平衡状态时，对其进行受力分析，如图所示，
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小球的平衡位置与球心的连线，与竖直方向的夹角为45度，C和B关于连线对称。根据受力的对称性可知，当小球从C点被由静止释放后，将在C点和B点之间做往复运动，A正确；
B、若小球恰好通过D点，则在D点只有重力提供向心力， ；设小球在C点以 开始向右 ，运动，恰好通过最高点D，则根据动能定理有： ， 故B错误； 解得 C、设某次小球向左通过D点的速度为 ，轨道对其弹力大小为N，则根据牛顿第二定律可知： ，当以D为起点，小球逆时针再次回到D点的过程中，根据动能定理得： ， 此时小球经过D
点，轨道对其弹力大小为 ，满足 ，联立接得 ， 故C正确；
D、若小球恰好向左通过D点，则此时重力mg提供向心力，从D到A，小球速度会增加，所以到达A点时，小球需要的向心力会大于mg，即需要的向心力大于qE，所以小球在A点必然和轨道之间有弹力作用，小球在A点不会脱离轨道，D错误。 故本题选AC。 【点睛】
解决本题，掌握竖直平面内圆周运动物体通过最高点的临界条件至关重要，会灵活使用动能定理或能量守恒。
9．11.4N/m； 无影响； 将横轴h的单位设置成mm； 【解析】 【分析】
根据弹簧弹力和形变量的正比例关系，可知，砝码盘的质量遗漏对实验结果无影响，根据图像的函数关系，得到图像的斜率为 ，利用图像可计算出劲度系数 。横轴若改为mm，在数据处理时会提高计算的准确度。 【详解】
（1）由图像可知，托盘上无砝码时，弹簧的长度为0.28m，每次添加砝码后系统静止，由
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平衡关系可得，托盘上砝码总重力 8 ，即 8 ，故该图像的斜率为 ，即 8 ，解得劲度系数 =11.4N/m；
（2）输入电脑的数据没有托盘和弹簧的重力，这一疏漏对测量无影响，因为弹簧的形变和受力成正比，满足 。 （3）为了提高实验的精度，可将轴h的单位设置成mm，提高h的显示精度。 【点睛】
本题考查胡克定律，弹簧弹力和形变量成正比的特点，利用现代科技，考查学生数形结合，利用数学处理物理问题的能力。
10．A； 150； 10； 400； 5； 不变； 偏大； 【解析】 【分析】
（1）欧姆表内阻等于中值电阻；
（2）欧姆表读数等于表盘刻度×所选倍率；
（3）当重新调零后，欧姆表的内阻发生变化的时候，相应的测量值将会出现误差。 【详解】
（1）使用欧姆表时，红表笔应与表内电源的负极相连，黑表笔应与表内电源的正极相连，故A是红表笔；
（2）欧姆表的读数应为表盘刻度与所选倍率的乘积，且欧姆表的内阻等于中值电阻，故图乙欧姆表内阻为15×10=150Ω；图丙欧姆表内阻为40×10=300Ω；同理图丙的读数为
40×10=400Ω；当多用电表指针指示中值电阻时， ，解得：图乙表头满偏电流为 ； 内中 6 图丙满偏电流为 ； （3）如果电源的电动势不变，内阻变大，欧姆表仍然能够调零，那么调零以后，欧姆的内阻不变，故电阻的测量值不变；若电源电动势变小，电源内阻变大，调零之后，由于电动势变小，欧姆表内阻变小，真实的表盘中值变小，表盘刻度值整体偏大，故测量值偏大； 故本题的答案为：(1)A； (2)150； 10； 400； 5； (3). 不变；偏大 【点睛】
本题关键明确欧姆表的工作原理，能够根据闭合电路欧姆定律列方程求解。 11．（1）1.25m;6m（2）
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