2019软考网络工程师上午真题完整版解析

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软考网络工程师上午试题及解析

在程序的执行过程中，cache与主存的地址映射是由___（1）__完成。 A操作系统 程序员调度 C硬件自动 D用户软件

解析：2011年重复考题

映像可分为全相联映像、直接映像和组相连映像等。Cache的地址变换和数据块的替换算法都可以采用硬件实现。

CPU访问内存时，用的是访问主存的地址，由该地址变为访问cache的地址称为“”“地址变换”，变换过程用硬件实现。 直接相联映射：也称为顺序相联映射，主存中的某模块只能映射到满足特定关系的cache中，这样运行起来比较简单，但是也正是因为主存和cache存在特定关系，如果特定关系里有一个cache已经被占用，那其他和它一样有关系的主存块就会空闲，造成了cache的利用率会很低，

全相联映射：主存中任意一模块都可以映射到cache中，效率高，但是这样使用的资

源非常高，很多情况都不适用。

组相联映射：它是全相联映射和直接相联映射的结合，这样将cache分成组，这样就

可以使用直接相联映射，然后在各组内部与主存的映射过程使用全相联映射，这样就提高了各组的运行效率。 所有答案选C

某四级指令流水线分别完成取值、取数、运算、保存结果四部操作，若完成上述操作的时间依次为8ns、9ns、4ns、8ns,则该流水线的操作周期应至少为__2___ns. A.4 B.8 C.9 D.32

解析：网工和网规高频考题

1、 操作周期：取决于基本操作时间最长的。所以答案选C. 9 2、 流水线的吞吐率：P=1/9

3、 第一条指令完成的时间：T=4*9

4、 执行M条指令所用时间：T=4*9+（m-1）*9

内存按字节编址，若用存储容量为32K

8bit的存储器芯片构成地址从A0000H到

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DFFFFH的内存，则至少需要____片芯片。 A．4 B．8 C．16 D．32

解析：网工高频考点

DFFFFH-A0000H+1=262144/1024=256K,所以内存大小为256K字节 256K*8 bit/32K*8bit =8

计算机系统的主存主要是由（4）构成的。

A． DRAM B． SRAM C． Cache

D． EEPROM

解析：A

DRAM是动态随机存取存储器，它是最常见的系统内存，因为持有数据时间很短，所以需要经常刷新存储数据，否则会造成数据丢失。 SRAM（Static Random Access Memory），即静态随机存取存储器。它是一种具有静止存取功能的内存，不需要刷新电路即能保存它内部存储的数据。 SRAM的优点是较高的性能、功耗低，缺点是集成度低。SRAM的高速和静态特性使它们通常被用来作为Cache存储器

EEPROM (Electrically Erasable Programmable read only memory)，电可擦可编程只读存储器--一种掉电后数据不丢失的存储芯片。 EEPROM 可以在电脑上或专用设备上擦除已有信息，重新编程。一般用在即插即用。

解析：B

计算机与外设之间进行数据传送有三种基本控制方式：查询方式、中断方式和DMA方式。

1、 查询是通过执行输入/输出查询程序来完成数据传送，在外设准备就绪之前，CPU一

直处于等待状态，致使CPU的利用率较低。

2、 中断方式是一个硬件和软件结合的技术，在外设工作期间，CPU无须等待，可以处

理其他任务，CPU与外设可以并行工作。

3、 DMA方式可以提高CPU利用率，直接存储器处理DMA方式可以在存储器与外设

之间开辟一个高速数据通道，使外设与存储器之间可以直接进行批量数据传送。要求CPU让出系统总线的控制权，然后由专用硬件设备（DMA控制器）来控制外设与存储器之间的数据传送。

李某购买了一张有注册商标的应用软件光盘，则李某享有（6） A． 注册商标专用权 B． 该光盘的所有权

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C． 该软件的著作权 D． 该软件的所有权

解析：B送分题买了张光盘，对光盘有所有权。

某软件项目的活动图如下，其中顶点表示项目里程碑，连接顶点的边表示包含的活动，边上的数字表示活动的持续时间，完成该项目的最少时间为（7）天。由于某种原因，现在需要同一个开放人员完成BC和BD，则完成该项目的最少时间为（8）。

（7）A.11 B.18 C.20 D.21 （8）A.11 B.18 C.20 D.21 解析：

关键路径是从A到J最长的，A-B-C-E-F-J A-B-D-G-F-J两条都是18天

同一个人完成BC和BD，两者不能并行，所以，A-B-C-E-F-J比18天多两天20天，A-B-D-G-F-J比18天多3天为21天。

以下关于程序设计语言的描述中，错误的事（9）

A． 脚本语言中不适用变量和函数 B． 标记语言常用于描述格式化和链接 C． 脚本语言采用解释方式实现 D． 编译型语言的执行效率高

解析：本题目看似很难，仔细读下不难选出错误的是A

脚本语言如python、JS、vs等也涉及到变量函数，不需要编译，只是语法结构会简单，要求没有编程语言严格。标记语言代表就是HTML通常用标签这个格式化的标记及其链接文本。

基于web的电子商务应用中，访问存储于数据库中的业务对象的常用方式之一是（10）.

A. JBDC B. XML C. CGI D. COM

解析：本题是数据库工程师真题高频考题

下面展示的编码方式是（11），若数据速率为1Kb/s,则载波速率为（12）Hz .

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解析：高频考题

DPSK是数字调制方式的一种。用于光传输系统中对DPSK调制信号的接收解调。DPSK是一个1 Bit延迟器，输入一个信号，可以得到两路相差一个比特的信号，形成信号对DPSK信号进行相位解调，实现相位到强度的转化。

二相相移键控（BPSK）是用二进制基带信号（0、1）对载波进行二相调制.BPSK (Binary Phase Shift Keying)-------二进制相移键控。是把模拟信号转换成数据值的转换方式之一，利用偏离相位的复数波浪组合来表现信息键控移相方式。BPSK使用了基准的正弦波和相位反转的波浪，使一方为0，另一方为1，从而可以同时传送接受2值(1比特)的信息。

从图上看通过相位移动来表示1和0，信号属于PSK相移键控，由于码元取两个相位，为2相调制，严格意义该图应该是2DPSK

比特率=波特率*log2 N N=2，所有波特率等于比特率等于1000Hz

E1 载波的子信道速率为（13）kb/s. A.8 B.16 C.32 D.64

解析：常规高频考点D

E1载波速率为2.048Mb/s,其中每个信道速率是64Kb/s

100Base-T4采用的编码技术为(14),利用（15）传输介质进行数据传输。 A．4B5B B.8B6T C.8B10B D.MLT-3 A. 光纤 B.UTP-5 C.UTP-3 D.同轴电缆 解析：BC

100Base-T4使用4对3类非屏蔽双绞线，最大传输距离100米。

信号采用8B6T的编码方式，即8位作为一组的数据转换为每6位一组的三元码组，每条信道数据传输率为33.3M。

在异步通信中，每个字符包含1位起始位、8位数据位、1位奇偶位和2位终止位。若有效数据速率为800b/s。采用QPSK调制，则码元速率为(16)波特。 A．600 B．800 C．1200 D．1600

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解析：A

有效数据速率为800b/s, 每个字符包含1位起始位、8位数据位、1位奇偶位和2位终止位.有效速率是指传输数据位的速率，所以实际数据速率为1200b/s。

本题需要知道QPSK的含义是四相相移键控信号的简称，是正交相移监控。一个码元携带4种状态值，00，01，10，11四种状态，所以一个码元承载2比特，根据比特率和波特率公式 比特率=波特率*log2 N n=4导出 波特率为1200/2=600

5个64kb/s的信道按统计时分多路复用在一条主线路上传输，主线路开销为4%，假定每个信道利用率为90%，那么这些信道在主线路上占用的带宽为（17）kb/s. A.128 B.248 C.300 D.320 解析：C 在同步时分多路传输中，复用信道的带宽等于各个子信道带宽之和。每个信道64kb/s*5=320 kb/s。 每个子信道利用率为90%，主线路的速率64kb/s*90%*5=288 kb/s

主线路开销为4%，推导出线路利用率为96%， 288/x=96% ?x=288/0.96=300kb/s

下列分组交换网络中，采用的交换技术与其他三个不同是（18）网。

A． iP B． X.25 C． 帧中继

D． ATM 解析：A

iP是使用数据报文方式分组交换技术，

其他三个采用虚电路方式的交换技术 ，帧中继是在X.25发展而来。

以下关于OSPF路由协议的描述中，错误的是（19） A. 采用dijkstra算法计算到达各个目标的最短通路 B. 计算并得出整个网络的拓扑视图

C. 向整个网络中的每个路由器发送链路代价信息 D. 定期向邻居发送keepalive报文表明存在 解析：C

相比于TCP，UDP的优势为（20） A. 可靠传输 B. 开销较小 C. 拥塞控制 D. 流量控制

解析：B