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高考化学一轮复习 第六章 化学反应与能量 第3节 电解池金属的电化学腐蚀与防护课时跟踪练

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-------------------------天才是百分之一的灵感加百分之九十九的勤奋------------------------------

第3节 电解池 金属的电化学腐蚀与防护

课时跟踪练

一、选择题

1.下列事实与电化学原理无关的是( ) A.金属钠与氧气反应生成过氧化钠 B.铁制器件在潮湿空气中生锈 C.镀锌铁片比镀锡铁片更耐腐蚀

D.远洋海轮的外壳连接锌块可保护轮船不受腐蚀

解析:金属钠与氧气反应生成过氧化钠,与原电池无关,故A正确;铁在潮湿空气中形成原电池发生吸氧腐蚀,故B错误;镀锌铁发生金属被腐蚀现象时,因Zn比Fe活泼,Zn被腐蚀,镀锡铁破损后发生电化腐蚀,因Fe比Sn活泼,因而是铁被腐蚀,所以,镀锌铁比镀锡铁耐用,故C错误;原电池中活泼金属做负极,腐蚀锌,保护了锌,故D错误。

答案:A

2.取一张用饱和NaCl溶液浸湿的pH试纸,两根铅笔芯作电极,接通直流电源,一段时间后,发现a电极与试纸接触处出现一个双色同心圆,内圆为白色,外圈呈浅红色。则下列说法错误的是( )

A.b电极是阴极

B.a电极与电源的正极相连接 C.电解过程中,水是氧化剂 D.b电极附近溶液的pH变小

解析:电解饱和NaCl溶液,阳极生成Cl2,Cl2与水反应生成HClO和HCl,HClO具有漂白性,盐酸具有酸性,可使pH试纸变红色,HClO又可将红色漂白,故内圆为白色,外圈为红色,可推出a为阳极,A正确;a为阳极与电源正极相连,B正确;电解过程中,H2O得电子,为氧化剂,C正确;b电极附近有OH生成,pH增大,D错误。

答案:D

3.下列有关电化学装置完全正确的是( )

A B C D -

金戈铁制卷

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铜的精炼 铁上镀银 防止Fe被腐蚀 构成铜锌原电池 解析:电解精炼铜时,应该用粗铜作阳极,纯铜作阴极,A错误;铁上镀银时,应该用银作阳极,铁作阴极,B错误;C是外加电流的阴极保护法,正确;铜锌原电池中,锌应插入硫酸锌溶液中,铜应插入硫酸铜溶液中, D错误。

答案:C

4.(2017·海南卷)一种电化学制备NH3的装置如图所示,图中陶瓷在高温时可以传输H

。下列叙述错误的是( )

A.Pd电极b为阴极

B.阴极的反应式为N2+6H+6e===2NH3 C.H由阳极向阴极迁移 D.陶瓷可以隔离N2和H2

解析:此装置为电解池,总反应式是N2+3H2===2NH3,Pd电极b上是氢气发生氧化反应,即氢气失去电子化合价升高,Pd电极b为阳极,故A错误;根据A选项分析,Pd电极a为阴极,反应式为N2+6H+6e===2NH3,故B正确;根据电解池的原理,阳离子在阴极上放电,即有阳极移向阴极,故C正确;根据装置图,陶瓷可以隔离N2和H2,故D正确。

答案:A

5.烧杯A中盛放0.1 mol·L的H2SO4溶液,烧杯B中盛放0.1 mol·L的CuCl2溶液(两种溶液均足量),组成的装置如图所示。下列说法不正确的是( )

-1

-1

A.A为原电池,B为电解池 B.A为电解池,B为原电池

C.当A烧杯中产生0.1 mol气体时,B烧杯中产生气体的物质的量也为0.1 mol D.经过一段时间,B烧杯中溶液的pH增大

解析:构成A装置的是活泼性不同的两电极,两电极均浸在电解质溶液中,两极形成了闭合回路,所以A装置为原电池装置,且A装置为B装置提供电能。A装置中的电极反应式:正极:2H+2e===H2↑,负极:Fe-2e===Fe。B装置中的电极反应式:阴极: Cu+2e

2+

2+

===Cu,阳极:2Cl-2e===Cl2↑。装置B是电解氯化铜溶液,铜离子浓度减小,水解程度

--

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减小,溶液的pH增大。

答案:B

6.铝阳极氧化处理后形成的氧化膜比铝的天然氧化膜耐磨性、耐腐蚀性及装饰性有明显的提高,工业中以铝为阳极,置于硫酸溶液中电解,装置如图所示,下列说法正确的是( )

A.阳极电极方程式为Al-3e+6OH===Al2O3+H2O B.随着电解的进行,溶液的pH逐渐增大

C.当阴极生成气体3.36 L(标准状况)时,阳极增重2.4 g D.电解过程中H移向铝电极

解析:电解质为硫酸溶液,OH不可能参加反应,A错误;根据原电池装置和题目信息

通电

可知电解总反应方程式为2Al+3H2O=====Al2O3+3H2↑,H2O减少,溶液的pH逐渐减小,B错误;阴极反应为2H+2e===H2↑,H2的物质的量为3.36 L÷22.4 L·mol=0.15 mol,则转移电子为2×0.15 mol=0.3 mol,阳极反应为Al-3e===Al。根据差量法进行计算:设阳极增重的质量为x。

2Al+3H2O===Al2O3+3H2~6e Δm 6 48 0.3 x

6 mol48 g

=,解得x=2.4 g,即阳极增重2.4 g,C正确;根据电流的方向可知,

0.3 molx阳离子移向阴极,所以H移向石墨电极,D错误。

答案:C

7.把物质的量均为0.1 mol的CuCl2和H2SO4溶于水制成100 mL的混合溶液,用石墨作电极电解,并收集两电极所产生的气体,一段时间后在两极收集到的气体在相同条件下体积相同。则下列描述正确的是( )

A.电路中共转移0.6NA个电子

B.阳极得到的气体中O2的物质的量为0.2 mol C.阴极质量增加3.2 g

D.电解后剩余溶液中硫酸的浓度为1 mol·L

解析:阳极开始产生Cl2,后产生O2,阴极开始产生Cu,后产生H2,根据题意两极收集到的气体在相同条件下体积相同,则阴极产生0.2 mol H2,阳极产生0.1 mol Cl2和0.1 mol

-1

3+

-1

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O2,则转移电子数为0.6NA,A正确、B错误;阴极析出铜0.1 mol,即6.4 g,C错误;电解后溶液的体积未知,故不能计算浓度,D错误。

答案:A

8.1 L某溶液中含有的离子如下表:

离 子 物质的量浓度/(mol·L) -1Cu 1 -2+Al 1 3+NO3 -Cl 1 -a 用惰性电极电解该溶液,当电路中有3 mol e通过时(忽略电解时溶液体积的变化及电极产物可能存在的溶解现象),下列说法正确的是( )

A.电解后溶液呈酸性 B.a=3

C.阳极生成1.5 mol Cl2 D.阴极析出的金属是铜与铝

解析:1 mol Cu放电的过程中,另一极Cl和OH各放电1 mol,故溶液显酸性,A正确;根据电荷守恒可推知a=4,B不正确;Cl的物质的量为1 mol,阳极不会产生1.5 mol Cl2,C不正确;铝较活泼,在溶液中Al不会放电,D不正确。

答案:A

9.工业上用电解法处理含镍酸性废水并得到单质Ni的原理如图所示。下列说法不正确的是( )

3+

2+

已知:①Ni在弱酸性溶液中发生水解; ②氧化性:Ni(高浓度)>H>Ni(低浓度)。 A.碳棒上发生的电极反应:4OH-4e===O2↑+2H2O B.电解过程中,B室中NaCl溶液的物质的量浓度将不断减小 C.为了提高Ni的产率,电解过程中需要控制废水pH

D.若将图中阳离子膜去掉,将A、B两室合并,则电解反应总方程式发生改变 解析:电极反应式为阳极:4OH-4e===2H2O+O2↑;阴极:Ni+2e===Ni、2H+2e

2+

2+

2+

2+

===H2↑,A项正确;由于C室中Ni、H不断减少,Cl通过阴离子膜从C室移向B室,A

2++-

室中OH不断减少,Na通过阳离子膜从A室移向B室,所以B室中NaCl溶液的物质的量浓度不断增大,B错误;由于H的氧化性大于Ni(低浓度)的氧化性,所以为了提高Ni的产率,电解过程需要控制废水的pH,C正确;若去掉阳离子膜,在阳极Cl首先放电生成Cl2,反应总方程式发生改变,D正确。

金戈铁制卷

+2+

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