A．B． C． D．
考点： 质谱仪和回旋加速器的工作原理． 分析： 粒子在磁场中做匀速圆周运动，在AB间做加速运动，结合半径公式判断磁感应强度的变化，根据粒子在磁场中周期的变化确定电压的变化周期． 解答： 解：粒子每经过AB间后，速度增加，根据R=知，速度增大，半径不变，则磁感应强度变大，根据T=知，粒子在磁场中运动的周期变小，每经过一个周期，粒子被加速一次，则电压的变化周期变小．因为速度增加，每次经过加速电场的时间变短．故B、C正确，A、D错误． 故选：BC． 点评： 解决本题的关键掌握带电粒子在磁场中运动的半径公式和周期公式，并能灵活运用，知道周期与带电粒子运动的速度无关． 7．（6分）如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，相距均为d的两条曲线l1，l2，l3，它们之间的区域Ⅰ，Ⅱ分别存在垂直斜面向下和垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，一个质量为m，边长为d，总电阻为R的正方形导线框从l1上方一定高度处由静止开始沿斜面下滑，当ab边在越过l1进入磁场Ⅰ时，恰好以速度v1做匀速直线运动；当ab边在越过l2运动到l3之前的某个时刻，线框又开始以速度v2做匀速直线运动，重力加速度为g．在线框从释放到穿过磁场的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．线框中磁感应电流的方向不变 线框ab边从l1运动到l2所用时间大于从l2运动到l3的时间 B． C．2线框以速度v2匀速运动时，发热功率为sinθ D．线框从ab边进入磁场到速度变为v2的过程中，减少的机械能△E机与重力做功WG的关系式是△E机=WG+mv1﹣mv2 考点： 导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率． 专题： 电磁感应与电路结合． 分析： 本题应抓住： 221、根据右手定则判断感应电流的方向； 2、由左手定则判断安培力方向； 3、当ab边刚越过GH进入磁场I时做匀速直线运动，安培力、拉力与重力的分力平衡，由平衡条件和安培力公式结合求解线圈ab边刚进入磁场I时的速度大小； 4、线圈进入磁场I做匀速运动的过程中，分析线框的受力情况，由动能定理研究拉力F所做的功与线圈克服安培力所做的功的关系． 解答： 解：A、从线圈的ab边进入磁场I过程：由右手定则判断可知，ab边中产生的感应电流方向沿b→a方向．dc边刚要离开磁场II的过程中：由右手定则判断可知，cd边中产生的感应电流方向沿d→c方向，ab边中感应电流方向沿b→a方向．故A正确； B、根据共点力的平衡条件可知，两次电场力与重力的分力大小相等方向相反；第二种情况下，两边均受电场力；故v2应小于v1；故线框ab边从l1运动到l2所用时间小于从l2运动到l3的时间；故B错误； C、线圈以速度v2匀速运动时，mgsinθ=4×v=；电功率P=Fv=mgsinθ×= 2sinθ；故C正确； D、机械能的减小等于重力势能的减小量和动能改变量的和；故线框从ab边进入磁场到速度变为v2的过程中，减少的机械能△E机与重力做功WG的关系式是△E机22=WG+mv1﹣mv2；故D正确； 故选：ACD． 点评： 本题考查导体切割磁感线中的能量及受力关系，要注意共点力的平衡条件及功能关系的应用． 8．（6分）如图所示，质量分别为m，M的物体A，B静止在劲度系数为k的弹簧上，A与B不粘连．现对物体施加竖直向上的力F使A、B一起上升，若以两物体静止时的位置为坐标原点；两物体的加速度随位移的变化关系如图乙所示．下列说法正确的是（ ）
A．在乙图PQ段表示拉力F逐渐增大 在乙图QS段表示B物体减速上升 B． 位移为x1时，A，B之间弹力为mg﹣kx1﹣Ma0 C． D．位移为x时，A，B一起运动的速度大小为3 考点： 功能关系；胡克定律；牛顿第二定律． 分析： 根据题目提供的条件，对AB进行受力分析，然后结合牛顿第二定律与运动学的公式即可解答． 解答： 解：A、开始时，质量分别为m，M的物体A，B静止在劲度系数为k的弹簧上，弹簧的弹力向上，大小为：F=（M+m）g，随物体的向上运动，弹簧伸长，形变量减小，弹簧的弹力减小，而PQ段的加速度的大小与方向都不变，根据牛顿第二定律：F﹣（M+m）g+F弹=（M+m）a；F弹减小，所以F增大．故A正确； B、在乙图QS段，物体的加速度的方向没有发生变化，方向仍然与开始时相同，所以物体仍然做加速运动，是加速度减小的减速运动．故B错误； C、开始时，质量分别为m，M的物体A，B静止在劲度系数为k的弹簧上，弹簧的弹力：F0=（M+m）g 当弹簧伸长了x1后，弹簧的弹力：F1=F0﹣△F=F0﹣kx1=（M+m）g﹣kx1 以B为研究对象，则：F1﹣mg﹣Fx1=ma0 得：Fx1=F1﹣mg﹣ma0=Mg﹣kx1﹣ma0．故C错误； D、P到Q的过程中，物体的加速度不变，得：Q到S的过程中，物体的加速度随位移均匀减小，…③ 联立①②③得：．故D错误． …① …② 故选：A 点评： 解题的关键是要理解s2前F是变力，s2后F可能是恒力的隐含条件．即在s2前物体受力和s2以后受力有较大的变化． 二、必考题（共4小题） 9．（5分）如图所示，某同学做《验证机械能守恒定律》的实验，他在水平桌面上固定一个位于竖直平面内的弧形轨道，其下端的切线是水平的，轨道的厚度可忽略不计．将小球从固定挡板处由静止释放，小球沿轨道下滑，最终落在水平地面上．现在他只有测量长度的工具，为验证机械能守恒定律：
（1）他需要测量的物理量有（用文字表达）： 小球开始滑下时，距桌面的高度；桌面到地面的高度；落地点到桌子边缘的水平距离 ；
（2）请提出一条较小实验误差的建议： 弧形轨道距桌子边缘稍近些；小球选用较光滑，体积较小质量较大的；多次测量求平均等 ．
考点： 验证机械能守恒定律． 专题： 实验题． 分析： 本实验需要验证的是重力势能的减小量和动能的增加量是否相等，根据下落的高度求出重力势能的减小量，根据平抛运动规律，结合水平距离与竖直高度，求抛出速度的大小，从而求出动能的增加量． 在实验中，为了减小实验的误差，重锤选择质量大、体积小的，应先接通电源，再释放纸带． 解答： 解：（1）由题意可知，通过减小的重力势能与增加动能相比较，从而确定是否满足机械能守恒． 因此必须测量出：小球开始滑下时，距桌面的高度；桌面到地面的高度；落地点到桌子边缘的水平距离； （2）①实验中为了减小阻力的影响，重锤选用体积较小，质量较大的重锤； ②弧形轨道距桌子边缘稍近些； ③多次测量求平均等； 故答案为：（1）小球开始滑下时，距桌面的高度；桌面到地面的高度；落地点到桌子边缘的水平距离； （2）弧形轨道距桌子边缘稍近些；小球选用较光滑，体积较小质量较大的；多次测量求平均等． 点评： 解答实验问题的关键是明确实验原理，熟练应用物理基本规律，因此这点在平时训练中要重点加强． 10．（10分）为了探究电阻Rt在不同温度下的阻值，某同学设计了如图甲所示的电路，其中A为内阻不计，量程为3mA的电流表．E1为电动势1.5V，内阻约为1Ω的电源，R1为滑动变阻器，R2为电阻箱，S为单刀双掷开
关．
（1）实验室提供的滑动变阻器有两个：RA（0﹣150Ω），RB（0﹣500）；本实验中滑动变阻器R1应选用 RB （填“RA”或“RB”） （2）完成下列实验步骤；
①调节温度，使Rt的温度达到t1；
②将S拨向接点1，调节 R1 ，使电流表的指针偏转到适当位置，记下此时电流表的读数I；
③将S拨向接点2，调节 R2 ，使电流表读数仍为I，记下此时电阻箱的读数R0，则当温度为t1时，电阻R1= R0 ；
④改变Rt的温度的温度，重复步骤②③，即可测得电阻Rt阻值随温度变化的规律． （3）现测得Rt的温度随时间t变化的图象如图乙所示，把该电阻与电动势为3.0V、内阻不计的电源E2、量程为3.0的理想电压表V（图中未画出）和电阻箱R2连成如图丙所示的电路．用该电阻作测温探头，将电压表的电压刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简单的“电阻温度计”．若要求电压表的读数必须随温度的升高而增大，则应在原理图丙中 bc 两点（填“ab”或“bc”）接入电压表．如果电阻箱阻值R2=75Ω，则电压表刻度盘2.0V处对应的温度数值为 50 ℃． 考点： 伏安法测电阻． 专题： 实验题． 分析： （1）根据电源电动势与电流表量程求出电路最小电阻，然后选择滑动变阻器． （2）运用替代法测量金属材料的电阻，保证电流表示数不变． （3）根据闭合电路欧姆定律分析电路中电流与电阻R的关系，电路中电流越大，该
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