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21发现MN中左侧区域MQ损坏,检测不到离子,但右侧区域QN仍能正常检测到离子.在适当调节加
33速电压后,原本打在MQ的离子即可在QN检测到. (1)求原本打在MN中点P的离子质量m；
(2)为使原本打在P的离子能打在QN区域,求加速电压U的调节范围;
(3)为了在QN区域将原本打在MQ区域的所有离子检测完整,求需要调节U的最少次数.(取lg2=0.301,lg3=0.477,lg5=0.699)
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2015江苏物理试题参考答案
一、单项选择题 1.B2.C3.B4.A5.C 二、多项选择题
6.AD7.BC8.ACD9.BD 三、简答题 10.(1)0.44
(2)(U-I图线见右图) 1.60(1.58~1.62都算对) 都算对)
(3)干电池长时间使用后,电动势和内阻会发生误差增大. 11.(1)CD (2)39.0 (3)逐渐增大到39.8cm/s 逐渐增大到等于重力 (4)为了说明磁铁在塑料管中几乎不受阻尼作用. 磁铁在铜管中受到的阻尼作用主要是电磁阻尼作用. 12A.(1)AD (2)增大 不变 (3)若不漏气,设加压后的体积为V1,由等温过程得 p0V0=p1V1 代入数据得V1=0.5L 因为0.45L<0.5L,故包装袋漏气. 12B.(1)BC (2)1.5 不容易 (3)设折射角为γ,由折射定律sin30°=nsinγ 由几何关系知sinγ=PB?OA,且OP?(PB?OA)2?AB2OP 代入数据解得n=44914（或n≈1.5） 12C.(1)AB (2)3 大于 (3)组成α粒子的核子与α粒子的质量差 △m=(2mp+2mn)－mα 结合能 △E=△mc2 代入数据得 △E=4.3×10－12J 四、计算题 13.(1)由电阻定律得 R??2?rA 代入数据得摇R=6×103Ω ?B?r2(2)感应电动势 E??t 代入数据得 E=4×10－2V
(3)由焦耳定律得 Q?E2R?t 代入数据得 Q=8×10－8J 14.(1)装置静止时,设OA、AB杆中的弹力分别为F1、T1,OA杆与转轴的夹角为θ1.
1.2(1.18~1.26变化,导致实验
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L小环受到弹簧的弹力 F弹1=k·
2小环受力平衡 F弹1=mg+2T1cosθ1
小球受力平衡 F1cosθ1+T1cosθ1=mg; F1sinθ1=T1sinθ1 解得 k=
4mg L(2)设OA、AB杆中的弹力分别为F2、T2,OA杆与转轴的夹角为θ2,弹簧长度为x. 小环受到弹簧的弹力 F弹2=k(x－L)
5小环受力平衡 F弹2=mg 得 x=L 42对小球 F2cosθ2=mg; F2sinθ2=mω0lsinθ2 且cosθ2=x 2l解得 ?0?8g 5L(3)弹簧长度为1L时,设OA、AB杆中的弹力分别为F3、T3,OA杆与弹簧的夹角为θ3. 21小环受到弹簧的弹力 F弹3=kL 2小环受力平衡 2T3cosθ3=mg+F弹3 且 cosθ3=L 4l2对小球 F3cosθ3=T3cosθ3+mg; F3sinθ3+T3sinθ3=m?3lsinθ3 解得ω3=16g L整个过程弹簧弹性势能变化为零,则弹力做的功为零,由动能定理 16mgl2解得W?mgL? L15.(1)离子在电场中加速 qU0?1mv2 2v21在磁场中做匀速圆周运动 qvB?m 解得r?rB2mU0 q39qB2L2代入r0?L,解得m?
432U0精心整理
16U0r2100U05(2)由(1)知,U? 离子打在Q点, r?LU?6819L2离子打在N点r=L,U?(3)由(1)可知,r?U
16U0100U016U0 则电压的范围 ?U?9819由题意知,第1次调节电压到U1,使原本Q点的离子打在N点
U1L ?5U0L65LU1此时,原本半径为r1的打在Q1的离子打在Q上 6? r1U0?5?解得r1???L ?6?第2次调节电压到U2,原本打在Q1的离子打在N点,原本半径为r2的打在Q2的离子打在Q上,则
253LU2U2L?5?6， 解得r2???L ??r1r2U0U0?6??5?同理,第n次调节电压,有rn????6?检测完整,有rn?n?1L lg2L?1?2.8 解得n?62lg()5最少次数为3次.
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