A． B． C． D．
【分析】先识别电路，然后根据身高的变化，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律判断电压表示数的变化。
【解答】解：A、两电阻串联，电压表测R′两端的电压，身高越高R′接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，根据串联电路的总电压可知R′电压变小，即电压表的示数变小，故A不符合题意；
B、两电阻串联，电压表测定值电阻R的电压，身高越高时，电阻R′减小，R分配电压增大，电压表的示数增大，故B符合题意；
C、两电阻串联，电压表测电源电压，滑片会随身高上下平移时电压表示数不变，故C不符合题意；
D、两电阻并联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以身高越高时电压表的示数不变，故D不符合题意； 故选：B。
【点评】明确电压表的测量对象是解题的基础，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电路中电流、电压的变化是解题的关键。
7．（3分）在某一温度下，连接在电路中的两段导体A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示。由图中信息可知（ ）
A．A导体的电阻为10Ω B．B导体的电阻为10Ω
C．A导体两端电压为3V时，通过A导体的电流为0.3A D．B导体两端电压为3V时，通过B导体的电流为0.6A
【分析】分别分析图象，求出RA、RB，再观察电压为3V时的电流即可 【解答】解：（1）由图可知：
，
（2）当电压为3V时，通过A导体的电流为0.6A，通过B导体的电流为0.3A 故选：B。
【点评】从U﹣I图象可得到的信息：一是求导体电阻；二是通过比较同一电压下的电流值而得出两电阻大小关系
8．（3分）如图所示是小红测定小灯泡电阻的电路图，当闭合开关S时，发现灯L不亮，电流表、电压表均无示数。若电路故障只出现在灯L和变阻器R中的一处，则下列判断正确的是（ ）
A．灯L短路 B．灯L断路 C．变阻器R短路 D．变阻器R断路 【分析】灯泡不亮说明电路某处断路或灯短路； 若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通； 电流表无示数说明是某处断路或电流表短路；综合分析进行判断。
【解答】解：A、灯泡L短路，灯不亮，电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意，故A错；
B、灯泡L发生断路，灯不亮，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，电压表有示数；电压表的电阻无限大，使得电路中的电流为0，电流表的示数为0，不符合题意，故B错； C、变阻器短路，灯亮，电压表和电流表都有示数，不符合题意，故C错； D、变阻器断路，灯不亮，电流表和电压表都无示数，符合题意，故D正确。 故选：D。
【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
9．（3分）如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，开关S闭合后，滑片向左移动时（ ）
A．电流表示数变大，电压表与电流表示数之比变大 B．电流表示数变大，电压表与电流表示数之比不变 C．电流表示数变小，电压表与电流表示数之比不变 D．电压表示数变大，电压表与电流表示数之比变大
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和R1两端的电压变化，再根据欧姆定律结合R1的阻值可知电压表与电流表示数之比的变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流， 滑片向左移动时，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，
由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故C错误； 由U=IR可知，R1两端的电压变大，即电压表的示数变大，
由R=可知，电压表的示数和电流表的示数之比等于定值电阻R1的阻值， 则电压表与电流表示数之比不变，故AD错误，B正确。 故选：B。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是滑片移动时电路变化的判断，难点是能把电压表的电流表示数的变化转化为定值电阻阻值的变化。
10．（3分）小明在学习了电学知识后，设计了一种输液警报器（如图甲），当管内药液流完时，电铃发声，报警器内部有一可变电阻，其阻值随瓶内液体质量的减小而减小，当输液管内有液体时，电阻非常大，无液体时，电阻小，电路如图乙，则当闭合开关报警器工作时，分析正确的是（ ）
A．开始输液时，电路的总功率最大 B．输液过程中，电路中的电流逐渐减小 C．未输完药液时，电铃不响是因为没有电流通过
D．输完药液时，电铃响的原因是其两端电压变大，电铃正常工作
【分析】输液管内有液体时，电阻大；无液体时，电阻小，根据欧姆定律判断电路中的电流大小和电铃两端的电压示数变化，确定正确答案。
【解答】解：由题意知，当输液管内有液体时，电阻非常大；未输完药液时，警报器内的电阻较大；当输完药液时，警报器内的电阻较小；
A、开始输液时，电阻很大，由I= 可知电流最小，根据P=UI，总功率最小，错误； B、输液过程中，电阻变小，电流变大，错误；
C、未输完药液时，电阻较大，电流较小，电铃不响，并不是因为没有电流，而是因为电流较小造成，错误； D、输完药液时，电阻小，电路中的电流变大，所以电铃两端的电压变大，所以电铃可以正常工作而发声，正确； 故选：D。
【点评】本题联系实际，考查欧姆定律、电功率公式的应用，体现了从物理走向社会的新理念，难度中等。
11．（3分）如图所示，在四个相同水槽中盛有质量相等和温度相同的纯水，现将阻值为R1、R2的电阻丝（R1＜R2）分别按图中的四种方式连接放入水槽，并接入相同电源。通电相同时间后，水温最高的是（ ）
A． B． C． D．
【分析】由电功公式W=t可知，在电压U与通电时间t相等的情况下，电路总电阻R越小，电路产生的热量越多；
电路产生的热量越多，水吸收的热量越多，水的温度越高，分析电路结构，找出总电阻最小的电路，即可正确答题。 【解答】解：由串并联电路特点可知，串联电路电阻越串越大，并联电路电阻越并越小； 由电路图及已知R1＜R2可知，图D中电路总电阻最小，四个电路电压相等，通电时间相等，由Q=W=的热量最多，水吸收的热量越多，水的温度最高。 故选：D。
【点评】电路产生的热量越多，水吸收的热量越多，水的温度越高，由串并联电路的特点判断各电路的阻值大小、熟练应用电功公式是正确解题的关键。
12．（3分）如图是研究电流通过导体产生的热量与哪此因素有关的实验，下列分析正确的是（ ）
t可知，D产生
A．本次探究实验中用到了控制变量法和等效替代法
B．此实验必须把甲、乙两图接在电压相同的电源两端实验结论才具有科学性 C．为了探究电热与电流的关系，应该选择乙实验 D．通电相同的时间，甲装置中左边U型管的高度差更大
【分析】由焦耳定律Q=I2Rt可知，Q与I、R及t有关，故应采用控制变量法结合图中的实验电阻丝的连接情况进行分析。 【解答】解：
A、甲探究电流产生热量与电阻关系中，控制了电流和通电时间相同；乙探究电流产生热量与电流关系中，控制了电阻和通电时间相同，实验中用到了控制变量法，故A错误；
B、甲实验探究电流产生热量与电阻关系，乙实验探究电流产生热量与电流关系，两实验没有联系，所以两次实验没有必要控制电压相同，故B错误；
C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系，故C正确；
D、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电
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