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河北中考物理答案
一、选择题
10.A11.A12.B13.D14.D 15.D16.B 17.C18.A19.D20.AD21.ACD22.BD 二、填空题 23. 3；120
24.湖面；折射；反射 25. 1.44×104；60%；2 400 26.全部燃烧；化学能；小 27.做功；燃烧；不相同
29.（1）硬（2）碘（3）低（4）乳化（5）尼龙手套 三、实验探究题
32.（1）向瓶内吹适量的气；（2）下降；高度越高，大气压越低；（3）外界温度
33.（1）调节杠杆在水平位置平衡；（2）动力×动力臂=阻力×阻力臂；（3）如图所示；2.（4）＞；
5L2 2L1
34.（1）绝缘体；（2）如图所示；（3）相等；小于；（4）在电阻和通电时间相同的条件下，电流越大，导体产生的热量越多；（5）A；不能，因为用Q=UIt计算出来的是电路产生的总功，而总功除了用电器产生的热量，另外一部分可能转化为其他能量，例如电风扇电路产生的总功一部分转化
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为电热，一部分转化为机械能
四、计算应用题
37.（1）9?10?4kg/m3（2）1.5?105Pa（3） 0.21 m
解析：（1）由题意可知乙的体积V乙=0.1?0.2?0.3m3=6?10?3m3， 所以其密度?乙=m乙5.4kg?43=?9?10kg/m。 V乙6?10?3m3（2）甲放在水平地面上，其对水平地面的压力F甲?m甲g?120N， 由压强公式可得p甲?F120甲=Pa=3000Pa。 S甲4?10?2m甲=12kg?223，因为其底面积为，=0.02kg/mS?4?10m甲330.6?10m（3）由题意可知甲的体积V甲=?甲V甲0.02kg/m3所以其高度h甲==?0.5m。
S甲4?10?2m2假设甲截去部分的高度为Δh，则截去部分的质量?m='p甲=?hm甲；甲剩余部分对水平地面的压强hh??hp甲。 h由题意可知乙的最大底面积S乙?0.2?0.3m2?0.06m，此时乙对水平地面的压强最小，且有
p乙=(?m?m乙)g。
S乙'因为p甲?p乙，联立以上各式，解得?h=(p甲S乙?m乙g)h?0.21m
m甲g?p甲S乙
38.（1）6 W；12 V （2）40 Ω或50 Ω
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解析：（1）当滑片置于距左端三分之处时，灯泡正常发光，灯泡两端的电压UL=10 V，滑动变阻器接入电路的电阻R=
10?,因滑动变阻器允许通过的最大电流为1 A，所以此时电流表满偏310V=12 3的示数I=0.6 A，故灯泡的额定功率为P=ULI=6 W，电源的电压为U=UL+IR=10 V+0.6×V。
（2）V2示数大于V1且偏转角度相同，所以V2选用的是15 V的量程，V1选用的是3 V的量程，且V2的示数是V1的5倍。 一、当V2接在R2的两端时。 由串联电路电流相等可得
U1U2?解得R2=5R1。 R1R2因为两种电表指针偏转角度之比为2∶1。
1.如果电压表指针偏转角度是电流表的2倍，设电压表偏转n个小格，则电流表偏转
n个小格，2n由此可知电压表V2的示数U2=n?0.5V，电流表的示数I=?0.02A，所以电阻
2R2?U2n?0.5??50?。 nI?0.022此时R1?10?，I=U12?A=0.2A?0.6A符合题意。
R1?R210?502. 如果电流表指针偏转角度是电压表的2倍，设电流表偏转n个小格，则电压表偏转
n个小2n格，由此可知电流表的示数I=n?0.02A，电压表V2的示数U2=?0.5V，所以电阻
2n?0.5U22R2???12.50?。 In?0.02此时R1?2.5?符合题意，I=U12?A=0.8A?0.6A，不符合题意。
R1?R22.5?12.5_._
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二、当V2接在R2的两端时。 由串联电路电流相等可得
U1U2?U1?解得R2=4R1。 R1R2因为两种电表指针偏转角度之比为2∶1。
1.如果电压表指针偏转角度是电流表的2倍，设电压表偏转n个小格，则电流表偏转
n个小格，2由此可知电压表V2的示数U2=n?0.5V，电压表V1的示数U1=n?0.1V，电流表的示数
nU?U1n?0.5?n?0.1I=?0.02A，所以电阻R2?2??40?。
n2I?0.022此时R1?10?符合题意，I=U12?A=0.24A?0.6A符合题意。
R1?R210?402. 如果电流表指针偏转角度是电压表的2倍，设电流表偏转n个小格，则电压表偏转
n个小2n格，由此可知电流表的示数I=n?0.02A，电压表V2的示数U2=?0.5V，电压表V1的示数
2nn?0.5??0.1nU2?U122U1=?0.1V所以电阻R2???10?。
2In?0.02此时R1?2.5?符合题意，I=U12?A=0.96A?0.6A不符合题意。
R1?R22.5?10所以R2的可能值为40 ?或50 ?。
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