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参考答案
1．D 【解析】 【详解】
矢量是既有大小又有方向的物理量，加速度是矢量，故D正确；标量是只有大小没有方向的物理量，质量、动能和时间都是标量，故ABC错误，D正确。 2．C 【解析】 【详解】
物体做匀速圆周运动，合力指向圆心。受力如图所示：
小物块受到重力、支持力和静摩擦力三个力，向心力是物体做圆周运动所需要的力，由静摩擦力提供。 3．C 【解析】 【详解】
AD项：球拍击羽毛球的力与羽毛球撞击球拍的力为作用力与反作用力，所以大小相等，方向相反，故AD错误；
B项：力的作用是同时产生的，故B错误；
C项：由弹力的产生可知，羽毛球撞击球拍的力是由羽毛球发生形变引起的，故C正确。 4．B 【解析】 【详解】
全长s=26.1km=26100m，总时间t=26min=1560s，加速和减速阶段可以看做是加速度大小为2.0m/s2的匀变速直线运动，则加速和减速时间均为t1?
v
，速度图象如图所示，则a
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1560?(1560?s?22v)a?v，解得：v?16.7ms?60kmh，故B正确，ACD错误。
A. 50km/h与分析不符，A错误 B. 60km/h与分析符合，B正确 C. 70km/h与分析不符，C错误 D. 80km/h与分析不符，D错误 5．A 【解析】 【详解】
A．在小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短的整个过程中，小球受到竖直向下的重力和弹簧的弹力，弹簧的弹力先小于小球的重力，后大于重力，小球的合力先向下后向上，所以小球先向下做加速运动，当弹簧弹力等于重力时速度最大，然后向下做减速运动，故其动能先增大后减小，故选项A正确；
BD．由于弹簧的弹力对小球做负功，所以小球的机械能在不断减少，弹簧的弹性势能在不断增大，故选项B、D错误；
C．小球小球从开始接触弹簧到将弹簧压缩至最短的整个过程中，重力做正功，弹簧弹力做负功，小球动能、重力势能、弹簧的弹性势能总量守恒，所以小球、弹簧、地球构成的系统机械能守恒，故选项C错误。 6．D 【解析】 【详解】
设该介质的临界角为C，则sinC?11?，C=45°，由于光从介质射向空气，入射角i=60°n2＞C，所以发生全反射，光线全部被反射回原介质。故ABC错误，D正确。
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7．B 【解析】 【详解】
带电粒子只在电场力作用下运动，则电势能和动能之和守恒；粒子在M、N两点时速度大小相等，则动能相等，电势能也相等，则M、N两点电势相等；又知M点电势高于O点电势，结合对称性可知，场强方向沿斜向右下方向且与水平方向成45方向，可知粒子带正电，且粒子由M点运动到N点，电势能先增大后减小，选项A错误，B正确；
°
粒子在匀强电场中受恒力作用，不可能从M点沿圆弧运动到N点，选项C错误；该匀强电场的电场强度大小为E?8．D 【解析】 【详解】
根据题意作出粒子运动的轨迹如图所示
U?Rcos452U，选项D错误. R
A.根据左手定则及曲线运动的条件判断出此电荷带负电，故A错误；
BC.粒子由O运动到A时速度方向改变了60?角，所以粒子轨迹对应的圆心角为θ=60?，所以粒子运动的时间为t?12πmπmT???，故BC错误； 360?6qB3qB?D.设点A与x轴的距离为d，由图可得：r?rcos60??d，所以d?0.5r，而粒子的轨迹半径为r?mvmv，则得A点与x轴的距离为：d?，故D正确。
2qBqB答案第3页，总12页
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9．C 【解析】 【详解】
A.由u=2202sin100πt（V），可得电源的有效值为220V；电压表的示数等于副线圈两端的电压，根据电压与匝数成正比可得U2?B.通过电阻的电流为副线圈的电流I2?圈中的电流，即电流表的示数为I1?n21U1??220V=55V。故A错误。 n14U255?A=0.5A，由电流与匝数成反比可得原线R110n21I2??0.5A=0.125A。故B错误。 n14C.变压器的输入功率等于输出功率，可求输出功率为P出=U2I2?55?0.5W=27.5W，即输出功率为27.5W。故C正确。
D.由电流瞬时值的表达式u=2202sin100πt（V），可得?=100?=2?,解得周期为TT?0.02s。故D错误。
10．B 【解析】 【详解】
A.恒星发光发热是恒星内部的核聚变造成的，故A错误；
B.环状新月型光环上下两侧不对称是因为光环旋转，导致接收者接收到相位和频率变化造成的，此现象属于多普勒效应，故B正确；
C.黑洞的第二宇宙速度（逃逸速度）是光速，故C错误；
D.望远镜收集到的波长比可见光波长更长的亚毫米波，而波长和频率成反比，所以收集的亚毫米波比可见光的频率小，故D错误。 11．AB 【解析】 【分析】
通电导线在磁场中的受到安培力作用,由公式F=BIL求出安培力大小,由左手定则来确定安培力的方向. 【详解】
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AB、棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中,棒中通有电流,方向从M流向N,根据左手定则可得,安培力的方向竖直向上,因为此时悬线上有拉力,为了使拉力等于零,则安培力必须增加.所以适当增加电流强度,或增大磁场使重力等于安培力，即可以使得拉力等于零，故AB正确
CD、当电流的方向或者磁场的方向发生变化时，根据左手定则可知安培力的方向就变为向下了，那么不管怎样，绳子的拉力都不可以为零了，故CD错误； 故选AB 【点睛】
安培力的方向可以根据左手定则来判断，在根据受力分析来判断如何让绳子的拉力为零。 12．AB 【解析】 【分析】
由题意可知线圈B中产生使电流表指针向右偏转的条件，则分析各选项可得出正确答案． 【详解】
由题意可知当P向左滑动时，线圈A中的电流减小，导致穿过线圈B的磁通量减小，电流计指针向右偏转；滑线变阻器的滑动端P向右滑动时，导致穿过线圈B的磁通量增大，则电流计指针向左偏转，故A正确；线圈A向上移动，导致穿过线圈B的磁通量减小，能引起电流计指针向右偏转，故B正确；断开开关时，导致穿过线圈B的磁通量减小，那么电流计指针向右偏转，故C错误；当铁芯拔出时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，则电流计指针向右偏转，故D错误；故选AB。 【点睛】
本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象． 13．AD 【解析】 【详解】
由图可知碰撞前后红壶的速度为v0?1m/s和v2?0.2m/s，由动量守恒可得
mv0?mv1?mv2，解得碰后蓝壶速度为v2?0.8m/s，由数学关系可得红冰壶如果不发生
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