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(1)历史上第一次利用加速器实现的核反应，是用加速后动能为0.5MeV的质子1H轰
击静止的ZAX，生成两个动能均为8.9MeV的2He。（1MeV=1.6×-13J）
①上述核反应方程为___________。 ②质量亏损为_______________kg。
（2）如图所示，光滑水平直线轨道上有三个滑块A、B、C，质量分别为mA=mc=2m，
mB=m，A、B用细绳连接，中间有一压缩的弹簧 (弹簧与滑块不栓接)。开始时
A、B以共同速度v0运动，C静止。某时刻细绳突然断开，A、B被弹开，然后B又与C发生碰撞并粘在一起，最终三滑块速度恰好相同。求B与C碰撞前B的速度。
v0
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生物部分答案
1、D 2、A 3、B 4、B 5、A 6、D 7、B 8、C
26.（1）细胞的组成成分 调节生命活动
营养液中无机盐的组成及比例（营养液配方） 选择 （2）主动运输 根变黑（烂根）
根进行无氧呼吸，细胞内积累酒精
（3）增大光照强度（增加CO2浓度） CO2浓度 遮光（遮荫） 红（蓝紫）
（4）①将生长状况相同的番茄平均分成若干组
②配置对应组数的系列浓度梯度的2，4，-D溶液
③分别用不通浓度的2，4，-D溶液处理对应组的番茄花蕾 ④统计分析不同处理组的番茄坐果率，确定最适施用浓度
27. （1）常染色体上的显性遗传病 伴X隐性遗传病 AaXY aaXX7/32
（2）CGG重复次数不影响F基因的转录，但影响翻译（蛋白质的合成），并与该遗传
病是否发病及症状表现（发病程度）有关 核糖体
（3）（小鼠）睾丸 解离固定液 醋酸洋红染液
压片（只要有压片的操作均得分） 次级精母细胞，精细胞，精原细胞 缺失
34. （1）灭菌 消毒 （2）外植体 真菌（霉菌） 细菌 （3）果胶 （4）萃取 水浴 35. （1）逆（反）转录
（2）限制性核酸内切酶（限制酶、限制性内切酶） DNA连接酶（注两空顺序可以颠倒）
（3）细胞融合 杂交瘤细胞
（4） A蛋白 核酸（基因）序列 抗A蛋白的单克隆抗体
b
Bb
化学部分答案
9、B 10、C 11、B 12、D 13、A 14、D 15、B 28、? 向左 不改变
? －77.6KJ/mol
?Cu(OH)2 Cu+2NH3·H2O=Cu(OH)2 ↓+2NH4 （4）中
10?92+
+
a?0.01 mol·L-1.
29、? Zn（或锌） 正极
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? 锌与还原出来的铜构成铜锌原电池而加快锌的腐蚀 b ?2H+2e-→H2 87 30、? c d
? 冷却结晶 引流 ? NH3·H2O b
? 平视凹液面（或平视刻度线）
凹液面的最低点与刻度线相切 酸式 31. （1）降低Al2O3的熔化温度
（2）下层
（3）碳棒（或石墨） 阳极 （4）c
32. （1）1s2s2p3s3p O＞C＞Si
(2) sp 共价键
（3）Mg Mg2+半径比Ca2+小，MgO晶格能大
（4）C的原子半径较小，C、O原子能充分接近，p-p轨道肩并肩重叠程度较大，形成较稳定的π键
33、?羧基 消去反应
? 溴水
? CH3COOCH=CH2
?
3 2
2
6
2
2
+
物理部分答案
16. A 17. B 18.BC 19. AD 20. AC 21. ACD 22. BC
23.（1）①bcd ②更换不同的小重物
（2）①光敏电阻的阻值随光照变化的曲线如图所示。 特点：光敏电阻的阻值随光照强度的增大非线性减小
②电路原理图如图所示。
24. （1）设货物滑到圆轨道末端是的速度为v0，对货物
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的下滑过程中根据机械能守恒定律得，mgR?12m1v0①，设货物在轨道末端所受支持力的大
22小为FN,根据牛顿第二定律得，FN?m1g?m1v0R②，联立以上两式代入数据得FN?3000N③,根据牛顿第三定律，货物到达圆轨道末端时对轨道的压力大小为3000N，方向竖直向下。 （2）若滑上木板A时，木板不动，由受力分析得?1m1g??2(m1?2m2)g④，若滑上木板B时，木板B开始滑动，由受力分析得?1m1g??2(m1?m2)g⑤，联立④⑤式代入数据得
?????1?0.6⑥。
（3）?1?0.5，由⑥式可知，货物在木板A上滑动时，木板不动。设货物在木板A上做减速运动时的加速度大小为a1，由牛顿第二定律得?1m1g?m1a1⑦，设货物滑到木板A末端是的
2??2a1l⑧，联立①⑦⑧式代入数据得v1?4m/s⑨，设在速度为v1，由运动学公式得v12?v0木板A上运动的时间为t，由运动学公式得v1?v0?a1t⑩，联立①⑦⑨⑩式代入数据得
t?0.4s。
25. （1）t?0时刻进入两极板的带电粒子在电场中做匀变速曲线运动，t0时刻刚好从极板边缘射出，在y轴负方向偏移的距离为l，则有E?21U0l①，Eq?ma②，l?2112at0③，联
2立以上三式，解得两极板间偏转电压为U0?（2）
12t0时刻进入两极板的带电粒子，前
12ml22qt0④。
12t0时间在电场中偏转，后t0时间两极板没有电
场，带电粒子做匀速直线运动。带电粒子沿x轴方向的分速度大小为v0?1lt0⑤，带电粒子离
开电场时沿y轴负方向的分速度大小为vy?a?t0⑥，带电粒子离开电场时的速度大小为
22x2yv?v?v⑦，设带电粒子离开电场进入磁场做匀速圆周运动的半径为R，则有Bvq?mv2R⑧,联立③⑤⑥⑦⑧式解得R?5ml2qBt0⑨。
（3）2t0时刻进入两极板的带电粒子在磁场中运动时间最短。带电粒子离开磁场时沿y轴正方向的分速度为vy?at0⑩，设带电粒子离开电场时速度方向与y轴正方向的夹角为?，则
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tan??v0v'y，联立③⑤⑩式解得???4，带电粒子在磁场运动的轨迹图如图所示，圆弧所对
的圆心角为2???2，所求最短时间为tmin?14T,带电粒子在磁场中运动的周期为T?2?mBq，
联立以上两式解得tmin??m2Bq。
36. （1）设气体在B状态时的体积为VB，由盖--吕萨克定律得，
VATA?VBTB,代入数据得
VB?0.4m。
3(2)微观原因：气体体积不变，分子密集程度不变，温度变小，气体分子平均动能减小，导致
气体压强减小。
(3)Q1大于Q2；因为TA=TB，故A?B增加的内能与B?C减小的内能相同，而A?B过程气体对外做正功，B?C过程气体不做功，由热力学第一定律可知Q1大于Q2 37. 解析：
（1）由简谐运动的表达式可知??5?rad/s，t=0时刻指点P向上运动，故波沿x轴正
2??方向传播。由波形图读出波长??4m，T?,由波速公式v?，联立以上两式代入数据
?T可得v?10m/s。t=0.3s时的波形图如图所示。
（2）当光线在水面发生全放射时有sinC?sin?sin(1n，当光线从左侧射入时，由折射定律有
73?2?n，联立这两式代入数据可得sin??。
?C)38. 解析：
17（1）1H?3X?42He?2He或1H?3Li?41742He?2He，?m?4EC2?3.1?10?29Kg.
（2）设共同速度为v，球A和B分开后，B的速度为vB,由动量守恒定律有
(mA?mB)v0?mAv?mBvB,mBvB?(mB?mC)v,联立这两式得B和C碰撞前B的速度为vB?95v0。w.ks5.u.com
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