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2019高考化学二轮复习第一部分专题十六物质结构与性质鸭专题强化练

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中小学教育教学资料

专题十六物质结构与性质(选考)

专题强化练

1.(2018·全国卷Ⅲ)锌在工业中有重要作用,也是人体必需的微量元素。回答下列问题:(1)Zn原子核外电子排布式为________________。

(2)黄铜是人类最早使用的合金之一,主要由Zn和Cu组成。第一电离能I1(Zn)________I1(Cu)(填“大于”或“小于”)。原因是

_____________________________________________________。

(3)ZnF2具有较高的熔点(872 ℃),其化学键类型是________;ZnF2不溶于有机溶剂而ZnCl2、ZnBr2、ZnI2能够溶于乙醇、乙醚等有机溶剂,原因是________________________________________。(4)《中华本草》等中医典籍中,记载了炉甘石(ZnCO3)入药,可用于治疗皮肤炎症或表面创伤。ZnCO3中,阴离子空间构型为________,C原子的杂化形式为________。

(5)金属Zn晶体中的原子堆积方式如图所示,这种堆积方式称为______________。六棱柱底边边长为

a cm,高为c cm,阿伏加德罗常数的值为NA,Zn的密度为________g·cm-3(列出计算式)。

解析:(1)Zn是第30号元素,所以核外电子排布式为[Ar]3d4s。

(2)Zn的第一电离能应该高于Cu的第一电离能,原因是,Zn的核外电子排布已经达到了每个能级都是全满的稳定结构,所以失电子比较困难。同时也可以考虑到Zn最外层上是一对电子,而Cu的最外层是一

102

个电子,Zn电离最外层一个电子还要拆开电子对,额外吸收能量。

(3)根据氟化锌的熔点可以判断其为离子化合物,所以一定存在离子键。作为离子化合物,氟化锌在有机溶剂中应该不溶,而氯化锌、溴化锌和碘化锌都是共价化合物,分子的极性较小,能够溶于乙醇等弱极

性有机溶剂。

4-3×2+2(4)碳酸锌中的阴离子为CO23-,根据价层电子对互斥理论,其中心原子C的价电子对为3+

2

=3对,所以空间构型为正三角形,中心C为sp杂化。

(5)由图示,堆积方式为六方最紧密堆积。为了计算的方便,选取该六棱柱结构进行计算。六棱柱顶点11的原子是6个六棱柱共用的,面心是两个六棱柱共用,所以该六棱柱中的锌原子为12×+2×+3=6个,

6265

所以该结构的质量为6× g。该六棱柱的底面为正六边形,边长为a cm,底面的面积为6个边长为a cm

NA的正三角形面积之和,根据正三角形面积的计算公式,该底面的面积为6×

322

a cm,高为c cm,所以体4

2

中小学教育教学资料 6×65NA

积为6×

3265-3ac cm3。所以密度为:=g·cm。433

6×a2ca2cNA

44

10

2

答案:(1)[Ar]3d4s

(2)大于 Zn核外电子排布为全满稳定结构,较难失电子

(3)离子键 ZnF2为离子化合物,ZnCl2、ZnBr2、ZnI2的化学键以共价键为主、极性较小(4)平面三角形 sp

2

(5)六方最密堆积(A3型)

65×63

×a2c4

NA×6×

2.硫和钒的相关化合物,在药物化学及催化化学等领域应用广泛。回答下列问题:(1)基态钒原子的外围电子轨道表达式为_________________。

钒有+2、+3、+4、+5等多种化合价,其中最稳定的化合价是______________,VO34-的几何构型为__________。

(2)2-巯基烟酸氧钒配合物(图1) 是副作用较小的有效调节血糖的新型药物。

①该药物中S 原子的杂化方式是____________,所含第二周期元素第一电离能按由大到小顺序的排

列是__________________。

②2-巯基烟酸(图2)水溶性优于2-疏基烟酸氧钒配合物的原因是_____________________________________________________。

(3)多原子分子中各原子若在同一平面,且有相互平行的p轨道,则p电子可在多个原子间运动,形成“离域π键”,下列物质中存在“离域π键”的是________。A.SO2B.SO24-C.H2SD.CS2

(4)某六方硫钒化合物晶体的晶胞如图3所示,该晶胞的化学式为_______。图4 为该晶胞的俯视图,该晶胞的密度为_____g·cm(列出计算式即可)。

-3

解析:(1) 钒为23号元素,电子排布式为[Ar]3d4s,所以外围电子排布式为3d4s,所以外围电子

3

2

3

2

轨道表达式为

中小学教育教学资料

其最稳定的化合价是+5,即失去所有的价电子,形成最外层8电子的稳定结构;根据价层电子对互斥原理,VO34-中的中心原子V的价电子为5,配位原子O不提供电子,带有三个单位负电荷,所以外层电子为8个,共4对,空间构型为正四面体。

(2) ①从图中得到S的配位数为2,所以此时S的外层有6+2=8个电子,电子对为4,所以S应该的杂化方式是sp杂化;其中含有的第二周期元素是C、N、O,同周期元素从左向右应该是第一电离能增大,因为N的2p能级上有3个电子,是p能级的半满稳定结构,所以N的第一电离能反常增大,所以第一电离能为N>O>C;②2-巯基可以与水分子形成氢键,所以其水溶性会更好。

(3)从题目表述来看,形成离域π键的要求是:①原子共平面;②有相互平行的p轨道。根据价层电子对互斥理论,二氧化硫为平面三角形,硫酸根为正四面体,硫化氢为V型,二硫化碳为直线型。所以选项B一定错误;而硫化氢的H原子不存在p轨道。所以选项C错误。由上正确的是选项AD。

11

(4)晶胞中有V为:8×+4×=2个,S为:2×1=2个,所以化学式为VS;因为该晶胞中有2个

842×833323

VS,所以晶胞质量为g; 根据图4得到晶胞的面积为a×a nm,所以晶胞的体积为:a×a×b nm,

NA22

2×83

NA

2×833

a2bNA×10-212

3

1 nm=10cm,所以晶体密度为

-7

3

a×b×10-212

= g·cm。

-3

答案:(1)

3

+5正四面体

(2)①spN>O>C②2-巯基烟酸的羧基可与水分子之间形成氢键,使其在水中溶解度增大 (3)AD(4) VSρ=

2(32+51)

3

×10-212

g·cm

-3

a2bNA×

3.据媒体报道,法国一家公司Tiamat日前研发出比当前广泛使用的锂电池成本更低、寿命更长、充电速度更快的钠离子电池,预计从2020年开始实现工业生产。该电池的负极材料为Na2Co2TeO6(制备原料为Na2CO3、Co3O4和TeO2),电解液为NaClO4的碳酸丙烯酯溶液。

回答下列问题:

(1)Te属于元素周期表中________区元素,其基态原子的价电子排布式为________。

(2)基态Na原子中,核外电子占据的原子轨道总数为________,最高能层电子云轮廓图形状为________。

(3)结合题中信息判断:C、O、Cl的电负性由大到小的顺序为 _____________________________________ (用元素符号表示)。

(4)CO23-的几何构型为________;碳酸丙烯酯的结构简式如图所示,则其中碳原子的杂化轨道类型为________,1 mol碳酸丙烯酯中键的数目为________。

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(5)[Co(H2O)6]的几何构型为正八面体形,配体是________,该配离子包含的作用力为__________(填

3+

字母)。

A.离子键 B.极性键 C.配位键 D.氢键 E.金属键

(6)Na和O形成的离子化合物的晶胞结构如图所示,晶胞中O的配位数为________,该晶胞的密度为ρ g·cm,阿伏加德罗常数的值为NA,则Na与O之间的最短距离为________cm(用含ρ、NA的代数式表

-3

示)。

解析:(1)Te与O是同一主族元素,属于元素周期表中p区元素,Te为第5周期第ⅥA族元素,其基

态原子的价电子排布式为5s5p。

(2)基态Na原子的电子排布式为1s2s2p3s,核外电子占据的原子轨道总数为6,最高能层电子为3s,电子云轮廓图为球形。

(3)元素的非金属性越强,氧气与氯化氢能够反应生成氯气和水,氧元素的非金属性最强,电负性数值越大,C、O、Cl的电负性由大到小的顺序为O>Cl>C。

1(4)CO23-中C的价层电子对数=3+×(4+2-3×2)=3,几何构型为平面三角形;根据碳酸丙烯酯的

2结构简式,则其中碳原子有2种,不饱和的碳氧双键中的C原子采用sp杂化,饱和的碳原子采用sp杂化;1 mol碳酸丙烯酯中含有6 mol C—H,4 mol C—O,2 mol C—C和1 mol C===O,共13 mol,键的数目为

2

3

2

2

6

1

24

13×6.02×10。

(5)[Co(H2O)6]的几何构型为正八面体形,配体是H2O,该配离子包含的作用力有H—O极性键、配位键,故答案为BC。

11+2-+2-

(6)晶胞中Na离子数目为8,O离子数目为8×+6×=4,Na离子、O离子数目之比为2∶1,故

82该晶体化学式为Na2O,由图可知,每个Na离子周围有4个O离子、Na离子配位数为4,距一个阴离子周4×62-3

围最近的所有阳离子有8个,则O的配位数为8;晶胞质量为 g,该晶胞的密度为ρ g·cm,而晶

NA34×624×624×623-3

胞体积为 g÷ρ g·cm= cm,晶胞棱长为 cm,则Na与O之间的最短距离为立方

NAρNAρNA

2-

3+

23

1334×62

体对角线的=× cm。

44ρNA

中小学教育教学资料

答案: (1)p 5s5p(2)6 球形 (3)O>Cl>C(4)平面三角形 spsp13NA(或13×6.02×10)33248

(5)H2OBC(6)8×

4ρNA

4.原子序数依次增大的四种元素A、B、C、D分别处于第一至第四周期。自然界中存在多种A的化合物,B 原子核外电子有6 种不同的运动状态,B与C可形成正四面体形分子。D的基态原子的最外能层只

2

3

23

24

有一个电子,其他能层均已充满电子。请回答下列问题:

(1)这四种元素中电负性最大的元素.其基态原子的价电子排布图为________,第一电离能最小的元素是________(填元素符号)。

(2)C所在主族的前四种元素分别与A形成的化合物,沸点由高到低的顺序是________(填化学式),呈现如此递变规律的原因是

_____________________________________________________。

(3)B元素可形成多种单质,一种晶体结构如图一所示,其原子的杂化类型为________、另一种的晶胞如图二所示,若此晶胞中的棱长为356.6 pm,则此晶胞的密度为________g·cm(保留两位有效数字)。(3

-3

=1.732)

(4)D元素形成的单质,其晶体的堆积模型为__________,D的醋酸盐晶体局部结构如图三,该晶体中

含有的化学键是________(填选项序号)。①极性键 ②非极性键 ③配位键 ④金属键

解析:原子序数依次增大的四种元素A、B、C、D分别处于第一至第四周期,自然界中存在多种A的化合物,则A为氢元素;B原子核外电子有6种不同的运动状态,即核外有6个电子,则B为碳元素;D的基态原子的最外层只有一个电子,其他能层均已充满电子,D原子外围电子排布为3d4s,则D为Cu元素;

10

1

结合原子序数可知,C只能处于第三周期,B与C可形成正四面体型分子,则C为氯元素。

(1)四种元素中电负性最大的是Cl,其基态原子的价电子排布为3s3p,其基态原子的价电子排布图为

2

5

,四种元素中只有Cu为金属,其它为非金属,Cu的第一电离能最小。

(2)HF分子之间形成氢键,使其熔沸点较高,HI、HBr、HCl分子之间只有范德华力,相对分子质量越大,范德华力越大,沸点越高,即沸点由高到低的顺序是HF>HI>HBr>HCl。

(3)图一为平面结构,在其层状结构中碳碳键键角为120°,每个碳原子都结合着3个碳原子,碳原子118×123

采取sp杂化;一个晶胞中含碳原子数为8×+6×+4=8,晶胞质量为 g,所以晶胞密度=[(8×

82NA12)÷6.02×10g]÷(356.6×10

23

-10

cm)≈3.5 g·cm;(4)根据图示可知晶体Cu为面心立方最密堆积,结

-3

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