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10．（3分）（2017?眉山）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表和电压表示数的变化分别为（ ） A．电流表的示数变小，电压表的示数不变 B．电流表的示数变大，电压表的示数不变 C．电流表的示数变小，电压表的示数变大 D．电流表的示数变小，电压表的示数变小
【考点】IZ：电路的动态分析；IH：欧姆定律的应用．
【专题】12 ：应用题；27 ：动态预测题；53 ：电路和欧姆定律；5A8：电路变化分析综合题．
【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化．
【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流， 因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故CD错误； 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，滑片移动时通过R1的电流不变，
滑动变阻器滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大， 由I=可得，通过R2的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故A正确、B错误． 故选A．
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．
11．（3分）（2017?眉山）如图所示，叠放在一起的物体A和B，在F=15N的水平拉力作用下沿水平做匀速直线运动，则下列结论中正确的是（ ）
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A．A受到的重力与地面对A的支持力是一对平衡力 B．B受到的重力与A对B的支持力是一对相互作用力 C．B物体受到的摩擦力为0
D．若增大拉力F，则A与地面的摩擦力也随着增大
【考点】6S：平衡力和相互作用力的区分；7D：摩擦力的大小．
【专题】12 ：应用题；4B ：图析法；572：运动和力；573：重力、弹力、摩擦力．
【分析】利用以下知识分析解答：
（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上．
（2）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上．
（3）两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力；
（4）摩擦力大小的影响因素：压力和接触面的粗糙程度．
【解答】解：A、A受到的重力与地面A的支持力是一对平衡力大小不相等，不是一对平衡力．故A错误；
B、B受到的重力与A对B的支持力是作用在作用在同一个物体上的两个力，不是一对相互作用力．故B错误；
C、AB同时向前做匀速直线运动，所以AB之间没有相对运动的趋势，B不受摩擦力的作用，即B物体受到的摩擦力为0．故C正确；
D、若增大拉力F，A对地面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以A与地面的摩擦力不变．故D错误． 故选C．
【点评】此题考查平衡力和相互作用力的区分，摩擦力及摩擦力大小的影响因素，平衡力与相互作用力的区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力．
12．（3分）（2017?眉山）如图所示，将边长为10cm的正方体木块放入装有某种液体的圆柱形容器中，木块静止时，有的体积露出液面，此时液面比放入木块
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前升高2cm，容器底部受到的压强变化了160Pa（取g=10N/kg），则下列判断错误的是（ ）
A．液体的密度是0.8×103Kg/m3 B．木块的密度为0.6g/cm3 C．木块受到的浮力是6N
D．使木块完全浸没需要4N向下的压力
【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用；8O：阿基米德原理． 【专题】583：浮力；584：浮沉的应用．
【分析】（1）已知压强变化了160Pa，根据公式p=ρgh即可求出液体的密度； （2）由题意知，木块静止时，有的体积露出液面，根据漂浮条件和阿基米德原理即可求出木块密度；
（3）求出木块的体积，根据G=mg=ρgV求出木块的重力，根据漂浮条件即可求出浮力；
（4）根据阿基米德原理求出浸没时所受的浮力，然后利用F=F浮﹣G求出压力． 【解答】解：
A、根据公式p=ρgh可得液体密度：ρ液=故A正确；
B、木块静止时，有的体积露出液面，则V排=（1﹣）V木=V木，根据漂浮条件可得：
F浮=G木，即：ρ液gV排=ρ木gV木，
=
=0.8×103kg/m3；
所以，ρ木=ρ液=
×ρ液=×0.8×103kg/m3═0.6g/cm3；故B正确；
C、木块的体积V木=L=（10cm）3=1000cm3=1×10﹣3m3，木块的重力G木=m木g=ρ
木
gV木=0.6×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=6N；则F浮=G木=6N；故C正确；
D、木块完全浸没浮力F浮′=ρ液gV木=0.8×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=8N； 则压力F=F浮﹣G木=8N﹣6N=2N；故D错误． 故选D．
【点评】本题考查漂浮条件和阿基米德原理的应用，关键是已知压强的变化可以
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利用液体压强公式来进行计算深度的变化．
13．（3分）（2017?眉山）如图所示，电源电压为6V且保持不变，R0=30Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，电流表的量程为“0～0.6A”，小灯泡上标有“3V 1.5W”字样．不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全，则（ ）
A．当S闭合，S1、S2都断开时，滑动变阻器接入电路的阻值范围是4Ω～20Ω B．当S闭合，S1、S2都断开时，电路消耗最大功率是3.6W C．当S、S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率最小值为2.4W D．当S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器接入电路的最小阻值是15Ω 【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用．
【专题】11 ：计算题；4B ：图析法；53 ：电路和欧姆定律；541：电能和电功率．
【分析】（1）S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联．根据滑动变阻器的规格和欧姆定律可知滑动变阻器接入电路的阻值范围；
（2）S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与L串联，根据P=UI求得电路消耗最大功率；
（3）S、S1、S2都闭合，滑动变阻器与R0并联，要使电路消耗的总功率最小，则滑动变阻器的阻值最大，据此求得流经滑动变阻器的电流，与R0的支路上的电流之和为干路上的电流，然后利用P=UI求得电路消耗的总功率最小值； （4）S、S1、S2都闭合，滑动变阻器与R0并联，当电路消耗的总功率最大时，根据电流表的量程确定干路中的电流，利用R=求得电路中的总电阻，然后可求滑动变阻器接入电路的阻值． 【解答】解：
A、S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联． 由P=
可得，小灯泡电阻RL=
=
=6Ω，
由P=UI可得小灯泡正常发光时的电流：I===0.5A，
当电路中电流最大时，电阻最小，则滑动变阻器接入电路的最小阻值：R=
=
=6Ω；
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小
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