河南省许昌市2019-2020学年第一次中考模拟考试物理试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图所示是装满豆浆的密闭杯子，以下列两种不同的方式放在水平桌面上，若杯子上表面面积是下表面面积的2倍，则（ ）
A．甲对桌面产生的压强是乙对桌面产生压强的2倍 B．甲杯底受到的压强是乙杯底受到压强的2倍 C．甲对桌面产生的压力比乙对桌面产生的压力大 D．甲杯底受到的压力比乙杯底受到的压力大 A 【解析】
试题分析：（1）水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此比较两者对桌面压力的关系，根据p=求出两者对桌面压强的关系；
（2）装满豆浆的密闭杯子，两种方式放置时液体的深度不变，根据p=ρgh和F=pS可知两杯底受到的压力关系．
解：（1）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，甲对桌面产生的压力等于乙对桌面产生的压力，故C错误； 因杯子上表面面积是下表面面积的2倍， 所以，由p=可知，两者对桌面压强之比： ===，
即甲对桌面产生的压强是乙对桌面产生压强的2倍，故A正确、B错误； （2）装满豆浆的密闭杯子，两种方式放置时液体的深度不变， 由p=ρgh可知，甲乙豆浆对杯底的压强相等，
由F=pS可知，甲杯底受到的压力比乙杯底受到的压力小，故D错误． 故选A．
2．如图所示，小磁针N极的指向和通电螺线管的磁感线方向均正确的是
A． B．
C． D．
C 【解析】 【详解】
AB．图中电流方向和线圈的绕法都相同，且电流从左后方流入、右前方流出，根据安培定则，通电螺线管的右端为N极，螺线管的左端为S极．小磁针右上端为N极．在磁体外部，磁感线方向由N极指向S极，则磁感线方向向左．故AB错误．
C．根据安培定则，通电螺线管的左端为N极，右端为S极．则小磁针右上端为S极．在磁体外部，磁感线方向由N极指向S极，则磁感线方向向右．故C正确．
D．由图，根据安培定则，通电螺线管的右端为N极，左端为S极．则小磁针右上端为N极．在磁体外部，磁感线方向由N极指向S极，则磁感线方向向左．故D错误．
3．小宝家里的绿植“滴水观音“可以把空气中的水蒸气变成小水珠,在叶子边缘和前端滴落下来,这一过程对应的物态变化是
A．凝华 B．汽化 C．升华 D．液化 D 【解析】 【详解】
把空气中的水蒸气变成小水珠,这一物态变化是液化，故D正确。ABC错误。 4．下列用电器中，利用电流热效应工作的是（ ） A．电饼铛 A 【解析】
B．电风扇
C．电视机
D．洗衣机
【详解】
A．电饼铛工作时，电能转化为内能，是利用了电流的热效应来工作的，故A符合题意；
B．电风扇工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用了电流的热效应来工作的，故B不合题意； C．电视机工作时，主要将电能转化为光和声音，不是利用了电流的热效应来工作的，故C不合题意； D．洗衣机工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用了电流的热效应来工作的，故D不合题意． 5．小丽发现家里的油烟机上有照明灯和换气扇,使用时,有时需要各自独立工作,有时需率同时工作,如图所示的电路中,符合上述要求的是
A． B．
C． D．
D 【解析】 【详解】
A、只闭合S2,电灯和电动机同时工作;当两开关同时闭合,电动机被短路,电灯单独工作;所以电动机不能单独工作,不符合题意;
B、当两开关同时闭合,电灯和电动机同时工作;只闭合S2,电灯单独工作,但不能让电动机单独工作,不符合题意;
C、闭合S,电灯和电动机同时工作,但不能让电灯或电动机单独工作,不符合题意;
D、当三个开关同时闭合,电灯和电动机同时工作;只闭合S1, 电灯单独工作，只闭合S2, 电动机单独工作;符合题意.
所以D选项是正确的. 【点睛】
(1)串联电路中,电流只有一条路径,各用电器相互影响;
(2)并联电路中,电流有多条路径,各用电器能够独立工作,互不影响.
6．将刻度尺的一端紧压在桌面上，另一端伸出桌面。实验时用手紧靠桌边压住刻度尺，拨动刻度尺使之振动，能听到刻度尺振动时发出的声音。下列说法中正确的是
A．刻度尺伸出桌面的长度较长时，振动较快，音调较高 B．刻度尺伸出桌面的长度较长时，振动较慢，音调较高 C．刻度尺伸出桌面的长度较短时，振动较快，音调较低 D．刻度尺伸出桌面的长度较短时，振动较快，音调较高 D 【解析】 【详解】
刻度尺伸出桌面的长度越长，越难振动，振动的越慢，频率越低，音调越低；刻度尺伸出桌面的长度越短，越容易振动，振动的越快，频率越高，音调越高，故D正确。
7．在如图所示的用同一金属块“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中，不能验证下列的猜想的是
A．浮力的大小可能与物体的体积有关 B．浮力的大小可能与液体的密度有关
C．浮力的大小可能与物体排开液体的体积有关 D．浮力的大小可能与物体浸没液体中的深度有关 A 【解析】 【分析】 【详解】
探究浮力大小的影响因素，要采用控制变量法：
A．浮力的大小可能与物体的体积有关： 相关实验物体体积没有变化，所以无法验证该猜想，故A选项符合题意；
B．浮力的大小可能与液体的密度有关：可以通过最后两组实验加以验证；
C．浮力的大小可能与物体排开液体的体积有关：可以通过中间四组在水中的实验进行验证； D．浮力的大小可能与物体浸没液体中的深度有关 ：可以通过最后两组在水中的实验进行验证； 8．如图所示，对下列光学现象的描述或解释错误的是
A．图（a）中漫反射的光线尽管杂乱无章，但每条光线仍然遵循光的反射定律 B．图（b）中木工师傅观察木板是否平整，是利用了光的直线传播特点 C．图（c）所示炎热夏天公路上的海市蜃楼景象，是由光的反射现象造成的 D．图（d）所示是太阳光经过三棱镜色散后的色光排列情况 C 【解析】 【详解】
A．所谓漫反射，只是说反射面不是光滑的，我们可以把它看成是由无数个很小的平面镜组成的，当光线照过来时，这些很小的平面镜在反射光，每一次反射都遵循反射定律，反射角等于入射角，所以A正确。 B．木工师傅观察木板的平整，就是利用了光在同一种均匀介质中是沿直线传播的，所以B正确。 C．海市蜃楼是光的折射造成的，所以C错误，符合题意。
D．海市蜃楼属于典型的光的折射，当太阳光经过三棱镜后，会分解成红橙黄绿蓝靛紫七种单色光，靠近棱镜顶角端是红色，靠近底边的一端是紫色，所以D正确。 9．下列各成语中，能反映分子无规则运动的是 A．坐如针毡 C 【解析】 【分析】 【详解】
A．“如坐针毡”象坐在扎着针的毡子上，减小受力面积增大压强，形容人心神不定，坐立不安；不合题意；
B．“镜花水月”镜子里的花，水中的月亮，光的反射形成的虚像；比喻虚幻的景象；不合题意； C．“桂馥兰香”桂、兰：两种散发芳香的花；馥、香：形容气味芳香，花香分子无规则运动形成的．符合题意；
D．“步履如飞”形容人走的快，好像飞一样，属于机械运动；不符合题意．
10．为保护河流和湖泊的宝贵的水资源，我国专门建立地方“河长”负责制进行管理．在一些严重缺水的地域，人们会收集露水使用，图中物态变化与露水的形成相同的是（ ）
B．镜花水月
C．桂馥兰香
D．步履如飞
A．打在枝头的霜
B．屋檐下结的冰凌
C．山间的云雾
D．消融的冰雪
C 【解析】 【分析】
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固． 【详解】
露是液态的，是由空气中的水蒸气遇冷（清晨温度比较低）形成的，气态变为液态的现象叫液化． A.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶．故A不符合题意； B.冰凌是水凝固形成的．故B不符合题意；
C.雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴．故C符合题意； D.冰雪消融由固态变为液态，是熔化过程．故D不符合题意． 故选C．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图1所示，一个不规则的石块和质量m0的砝码分别挂在刻度尺两端，使杠杆水平平衡，力臂分别为l1和l2；如图2所示，将不规则的石块浸没在水中，移动砝码位置，使杠杆仍然水平平衡，力臂分别为l1和l3，则下列正确的是
m0gl2A．石块的重力G=
l1B．石块所受浮力F浮=
m0g?l2?l3?l1
C．石块的体积V=
m0?l2?l3??水l1
l2D．石块的密度ρ=ρ水
l3ABC 【解析】 【分析】 【详解】
A．根据杠杆平衡条件，由图1可知Gl1=m0gl2，所以石块的重力G=
m0gl2，故A正确； l1B．根据杠杆平衡条件，由图2可知(G-F浮)l1=m0gl3，Gl1-F浮l1=m0gl3，m0gl2- F浮l1=m0gl3，石块受到的浮力F浮=
m0g?l2?l3?l1，故B正确；
F浮C．根据F浮=ρ水gV排得石块的体积V=V排==
?水gm0g?l2?l3?m0?l2?l3?l1=，故C正确；
?水l1?水gl2m0?l2?l3?m0gl2GmD．根据ρ=得石块的密度ρ=，把G=，V=带入得ρ=
l1?l2?l3?ρ水，故D错误． Vg?水l1V12．下列说法中，正确的是
A．电功率是表示电流做功多少的物理量 B．电功率是表示电流做功快慢的物理量 C．用电器的电功率越大，做功越多
D．相同时间内，消耗功率大的用电器耗电一定多 BD 【解析】
：电功率是表示电流做功快慢的物理量，用电器的电功率越大，做功不一定越多，相同时间内，功率大的用电器耗电不一定多．所以，B是正确的．
13．如图所示，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器滑片向左移动时，下列判断错误的是：
A．电压表示数与电流表A1示数的乘积变大 B．电压表示数与电流表A2示数的乘积变大
C．电压表示数与电流表A1示数的比值不变，电流表A2示数变大 D．电压表示数与电流表A1示数的比值变大，电流表A2示数变大 AD 【解析】 【详解】
A、由图可知，电阻R1和滑动变阻器R2并联，电流表A2测干路中的电流，电流表A1测量通过R1的电流，电压表测电源电压，因并联电路各支路互不影响，所以，滑片移动时，通过定值电阻R1的电流不变，即电流表A1示数不变，则电压表示数与电流表A1示数的乘积不变，故A错误，符合题意； B、当滑动变阻器滑片向左移动时，变阻器连入电路的电阻变小，由欧姆定律I=
U可知，通过变阻器的R电流变大；根据并联电路电流的规律可知，总电流变大，即电流表A2示数变大，则电压表示数与电流表A2示数的乘积变大，故B正确，不符合题意；
CD、由前面解答可知，电流表A2示数变大，电压表示数、电流表A1示数均不变，所以，电压表示数与电流表A1示数的比值不变，故C正确，不符合题意；D错误，符合题意。 三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．如图所示，电源电压恒定，电阻R1＝20Ω．闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.3A；再闭合S1，电流表示数变化了0.2A，则电源电压U＝_____V，电阻R2＝_____Ω．闭合开关S、S1时，R2的功率P＝_____W。
6 30 1.2 【解析】 【详解】
闭合S，断开S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流， 由I＝可得，电源的电压： U＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V；
若再闭合S1时，两电阻并联，电流表测干路电流， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，通过R1的电流不变，仍然为0.3A；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表示数变化了0.2A， 所以，干路电流变大，即电流表的示数增大，则通过R2的电流I2＝0.2A， 因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，R2的阻值： R2＝＝
＝30Ω，
R2的功率：P＝UI2＝6V×0.2A＝1.2W。
15．一个正方体金属块，为了测量它的密度，采取如下的做法：
用刻度尺测量金属块的底面边长．如图所示，边长
是_____cm．先将天平测质量时，使天平平衡，砝码如图所示．可计算金属块的密度_____kg/m1． 2．00 8g/cm1 【解析】
试题分析：（1）刻度尺测物体的长度要先看最小分度值，再用末刻度减去开始的刻度得出物体的边长； （2）物体的质量等于砝码的质量加游码的质量，物体的体积等于边长的立方，根据ρ=计算出密度． 解：
（a）刻度尺的最小分度值为1mm，边长L=5.00cm﹣1.00cm=2.00cm；
（b）砝码的质量为50+10g=60g，游码的质量为4g，所以该金属块的质量为64g． 金属块的体积为V=（2.00cm）1=8cm1； 101kg/m1． 金属块的密度ρ===8g/cm1=8×101． 故答案为（a）2.00；（b）8×
16．用天平和量筒测金属物块的密度，如下图．天平平衡时砝码和游码位置如图甲所示，则物块的质量是______g．用量筒测量物块的体积如乙图所示，则其体积是______cm1．物块的密度是______kg/m1．
61.4 20 1.17×101 【解析】 【分析】 【详解】
由图甲可知，金属块的质量为m=50g+10g+1.4g=61.4g；由图乙可知，金属块的体积为V=80mL?60mL=20mL=20cm1；金属块的密度为ρ=
m63.4g==1.17g/cm1=1.17×101kg/m1． 3V20cm17．初中学过的物理定律有：牛顿第一定律、光的反射定律、欧姆定律、_______定律和_______定律． 焦耳 帕斯卡（或光的折射）
【解析】 【分析】 【详解】
根据物理学史和所学的物理知识可知：
初中学过的物理定律有：牛顿第一定律、光的反射定律、光的折射定律、欧姆定律、焦耳定律、帕斯卡定律等． 【点睛】
要了解一定的物理学史，牢记所学习的定律、原理、公式等，并注意多了解掌握著名的物理学家及其主要成就，作为物理常识，是考试中经常出现的题目．
18．甲车沿直线从高处下滑，它运动的s-t图像如图所示，则8秒内小车的速度为_____米/秒，小车的动能______，重力势能______（后两空均选填“增大”、“不变”或“减小”）。
0.5 不变 减小 【解析】 【详解】
由甲车沿直线从高处下滑时的s-t图象知道，图象为过原点的倾斜直线，说明物体做匀速直线运动；且8秒内小车的路程是4m，由速度公式知道，8秒内小车的速度是：v?s4m??0.5m/s；由于物体匀速t8s下滑时，质量不变，速度不变，所以，动能不变；由于高度不断减小，所以，重力势能不断减小。 四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．“五?一”黄金周，征征和妈妈到无锡旅游，买了一只宜兴茶壶，如图所示．她听说宜兴茶壶是用宜兴特有的泥土材料制成的，很想知道这种材料的密度．于是她用天平测出壶盖的质量为44.4g，再把壶盖放入装满水的溢水杯中，并测得溢出水的质量是14.8g．
溢出水的体积是多少？请你帮征征算出这种材料的密度是多少？若测得整个空茶壶的质
量为159g，则该茶壶所用材料的体积为多大？ （1）14.8cm1；（2）1.0g/cm1；（1）为51cm1． 【解析】 【详解】
(1)溢出水的体积即为壶盖的体积，根据壶盖的质量就可以求出壶盖的密度即这种材料的密度；由ρ=
m可Vm水14.8g1
=得,V溢=V水=3=14.8cm ?水1g/cmm壶盖m壶盖44.4g(2)ρ壶====1.0g/cm1=1.0×101kg/m1 3V壶盖V溢14.8cmm159gm1
(1)由ρ=可得,V壶==3=51cm. ?壶3g/cmV20．新能源电气混合公交车已经在我市“登陆”．公交车满载时总质量为8t，输出功率为72kW．（g取10N/kg，天然气的热值q=4×107J/m3）
（1）公交车在10min内行驶了9km求行驶的平均速度．
105Pa，求轮胎与地面接触的总面积． （2）公交车满载静止在水平地面上，对地面的压强是2×
（3）公交车匀速行驶10min，完全燃烧天然气2.7m3，求发动机的效率． （1）15m/s；（2）0.4m2；（3）40% 【解析】 【详解】
（1）公交车行驶的平均速度：
9kmsv==10=54km/h；
ht60（2）公交车满载时对地面的压力： F=G=mg=8?103kg?10N/kg=8?104N，
F8?104N=0.4m2； 轮胎与地面接触的总面积：S==5p2?10Pa（3）天然气燃烧放热：
Q放=Vq=2.7m3?4?107J/m3=1.08?108J， 公交车在10min内牵引力做功： W=Pt=72?103W?10×60s=4.32×107J，
W4.32?107J==40%。 发动机的效率：?=
Q放1.08?108J21．某电热水器的铭牌如下表所示，现将水箱装满水，电热水器正常工作时，把水从20℃加热到50℃。已知c水=4.2?10J/（kg?℃），不计热量损失，求：水吸收的热量；加热所需要的时间。 型号 额定电压 加热功率 频率 水箱容量 （1）6.3×106J （2）4200s 【解析】 【分析】
根据题中“求水吸收的热量和加热所需要的时间”可知，本题考查物体温度变化时所吸收的热量以及电加热器的工作时间。根据吸热公式和P?【详解】
（1）水吸收的热量
XXXX 220V 1500W 50Hz 50kg 3W进行计算求解。 tQ吸?cmnt?4.2?103J/?kgn℃??50kg??50℃?20℃??6.3?106J。
（2）根据Q吸?Q放?Pt可得，
6.3?106J加热所需要的时间t???4200s。
P 1500W答：（1）水吸收的热量为6.3?106J；（2）加热所需要的时间为4200s； 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22．请完成如图所示光路． （________）
Q放
【解析】 【详解】
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；该折射光线入射到平面镜上，根据光的反射定律画出反射光线，如图所示：
23．在图所示的电路的（______）
内，填上适当的电表符号，使开关S闭合时两灯均能发亮．
【解析】
如图进行分析，两灯要都能发光，两灯应串联，因为电流从正极出发后，经过左边的灯，没有分支，所以不可能并联，那么下面的圆圈中应填入电流表，中间的圆圈应填入电压表，如果中间圆圈填入电流表，会将右边部分电路短路，不符合题意，而下面圆圈中填入电压表，相当于断路，右边的灯也不会亮，正确电路如图：
点睛：重点是电路的连接及电压、电流表的使用，如果感觉不太熟练的话，可以将电流表当成导线，而电压表就当成没有，这样填入电表后再判断两灯是否都能发光． 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小明在“伏安法”测小灯泡的电阻实验中，连接了如图甲所示的实物图．
（1）闭合开关前，应向_____端（选填“A”或“B”）调节滑动变阻器滑片，使电路中电流在开始测量_____（选填“最大”或“最小”）
（2）测量过程中，某一次的电流表如图乙所示，电流值是_____A．这时，灯丝突然断了，则电压表的示数_____（选“变大”、“变小”“不变”）．
（3）完成操作后，小明求出小灯泡电阻的平均值，你同意这种做法吗？说出你的理由．_____．（作出判断并说出理由）
B 最小 0.26 变大 不同意； 原因是小灯泡的电阻随温度的升高而变大 【解析】 【详解】
（1）闭合开关前，为保护电路，变阻器连入电路中的电阻应最大，所以，由图知应向B端调节滑动变阻器滑片，使电路中电流在开始测量时最小；
（2）测量过程中，某一次的电流表如图乙所示，电流表选用小量程，分度值 0.02A，电流值是0.26A； 这时灯丝突然断了，则电压表串联在电路中测电源电压，而原来电压表测灯的电压，根据串联电路电压的规律，则电压表的示数变大；
（3）通过灯的电流随电压的增大而变大，根据P＝UI可知，灯的功率变大，灯丝的温度升高，因灯泡的电阻随温度的升高而变大，故灯的电阻变大，则灯泡的电阻不是一个定值；求出小灯泡电阻的平均值，这种做法是错误的，不同意这种做法．
25．小明在空气和水两种介质的界面做“探究光的折射特点”的实验中发现，发生折射现象的同时还发生了反射现象，且折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线的两侧。小明通过实验还得到如下表的数据： 入射角? 反射角? 折射角? 0° 0° 0° 15° 15° 11° 30° 30° 22.1° 45° 45° 35.4° 60° 60° 40.9° 请分析表中数据，回答下列问题：此组实验中，光是从________（选填“空气”或“水”）中斜射入界面。折射角随入射角的增大而________（选填“增大”“不变”或“减小”）。 空气 增大 【解析】
【详解】
（1）由表格数据可知，折射角小于入射角，光从空气斜射入水或其他介质中时，折射角小于入射角，故此组实验中，光是从空气中斜射入界面。
（2）由表中数据可知，光从空气斜射到水面时，当入射角不断增大时，折射角也随之增大，故折射角随入射角的变化关系是：折射角随入射角的增大而增大，且折射角小于入射角。
26．小明在做“测定小灯泡额定功率”的实验时，电源电压6V，待测小灯泡的额定电压为“2.2V”和“3.8V”中的一个。
（1）如图甲所示，正确连接电路，规范操作，闭合开关，发现小灯泡发光较暗，电流表、电压表示数如图乙所示，则此时通过小灯泡的电流_____A．根据电压表示数以及小灯泡的亮度，可以判断小灯泡的额定电压为_____V。
（2）继续实验，小明发现电压表0～15V量程损坏，0～3V量程完好，在不更换电压表的情况下，他想了一个巧妙的办法，对所连接的电路进行了调整后闭合开关，调整变阻器的滑片位置，当电压表示数为_____V时，小灯泡正常发光，此时滑动变阻器滑片的位置恰好在中点上，小灯泡的额定功率为_____W。 0.18 3.8 2.2 0.836 【解析】 【详解】
（1）电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.4V，因灯光发暗，所以，灯的额定电压应该是高于2.4V，即为3.8V；电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.18A；
（2）因为电压表所选的量程是0～3伏，而灯的额定电压是3.8伏。所以对电路进行的调整，把电压表与变阻器并联，
当电压表的示数是2.2V时，灯正常发光，此时U额＝U﹣U滑＝6V﹣2.2V＝3.8V； 因为此时变阻器只接入10欧电阻，所以，此时串联电路中电流是： I＝
＝
＝0.22A，
则灯的额定功率：P额＝U额I＝3.8V×0.22A＝0.836W。
2019-2020学年中考物理模拟试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的．要想设计一个通过电表示数反映热敏电阻随环境温度变化的电路，要求温度升高时电表示数减小，以下电路符合要求的是（ ）
A． B． C．
D．
2．《深圳商报》2004年3月11日报道：近日一种新型太阳能公共卫生间落户北京东郊民巷，该卫生间的能源全部由位于顶部的太阳能电池板提供，它还能将多余的能量储存在蓄电池里．这种能量转化和储存的方式是
A．太阳能转化为内能，再转化为电能 B．太阳能转化为电能，再转化为化学能 C．太阳能转化为内能，再转化为化学能 D．大阳能转化为电能．再转化为光能
3．如图所示，一名运动员投掷铅球的过程示意图，铅球在b点离手，c点是铅球移动的最高点，不计空气阻力，下列说法不正确的是
A．只有在a到b的过程中，运动员对铅球做了功 B．在a到d的过程中，铅球的运动状态在不断的变化 C．在c到d的过程中，铅球的重力势能减少 D．在b到d的过程中，铅球的机械能先增加后减少
4．如图所示是装满豆浆的密闭杯子，以下列两种不同的方式放在水平桌面上，若杯子上表面面积是下表面面积的2倍，则（ ）
A．甲对桌面产生的压强是乙对桌面产生压强的2倍 B．甲杯底受到的压强是乙杯底受到压强的2倍 C．甲对桌面产生的压力比乙对桌面产生的压力大 D．甲杯底受到的压力比乙杯底受到的压力大
5．鲁迅的《社戏》中有这样的描写：“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了……”其中“山……向船尾跑去了”所选的参照物是 A．山 C．流水
B．船 D．河岸
6．下列关于粒子和宇宙的说法，正确的是（ ） A．太阳是宇宙的中心
B．原子核是由质子和中子组成的 C．固体的分子是静止不动的 D．分子间只存在吸引力
7．下列四个实列中，机械能在不断增大的是 A．水平匀速飞行的飞艇 B．加速起飞的飞机 C．减速下降的热气球 D．在发射台等待发射的火箭
8．如图所示的三个装置中，弹簧和小球均完全相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的长度分别为 L1、L2、L3，其大小关系是
A．L1＝L2＞L3 C．L1＞L2＞L3
B．L1＝L2＜L3 D．L1＝L2＝L3
9．估测是物理中常用的一种方法，下面是小芳同学对自己身边的一些物理量进行的估测，其中合理的是 A．手电筒中的电流约为20Ａ C．一支新铅笔的长度约为20cm
B．夏天空调在使用时设置的温度一般为37℃
D．将掉在地上的物理课本捡起来放在课桌上做功约为50J
10．如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置两个相同的易拉罐中分别装有质量和初温都相同的a、b两种液体，用相同的装置加热，根据记录的实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，下列说法中正确的是（ ）
A．组装器材时，先固定上面铁圈的高度 B．升高相同温度，a液体吸收的热量更多 C．a液体的比热容小于b液体的比热容
D．不添加器材，利用本实验装置还可以比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量 二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如下图所示电路，电源电压不变，当开关S2闭合、S1断开时，电流表示数为0.3A，电压表示数为9V；若将两表互换位置，并同时闭合S1和S2时，电流表示数为0.5A．则下列说法中正确的是（ ）
A．电压表示数仍为9V B．R1的阻值为18Ω C．R2的阻值为45Ω
D．R2消耗的功率为6.75W（两表互换、两开关闭合后） 12．关于声音，下列说法中正确的是 A．声音能够在真空中传播 B．一切发声的物体都在振动
C．击鼓时用的力越大，鼓声的响度越大 D．公路旁安装隔音墙是为了在声源处减弱噪声
13．如图所示，在探究“凸透镜成像的规律”实验中，光屏的位置如图所示。将蜡烛放到光具座的20cm刻度处时，光屏上成一个清晰的像，下列说法正确的是（ ）
A．该凸透镜的焦距为15～20cm
B．将蜡烛移到30cm刻度处，照相机就是利用这一原理制成
C．若将蜡烛远离透镜，同时将光屏靠近透镜，在光屏上能再次成一个清晰的像
D．若保持蜡烛位置不变，为使光屏上成的像变小，可以换用焦距较小的凸透镜并将光屏靠近凸透镜 三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．如图甲所示，静止在水平面上的长方体木块，在水平推力F作用下向前移动，说明力可以改变物体的_____．仅改变推力F作用的位置，如图乙所示，木块却向前倾倒，说明力的作用效果与力的____有关．
15．如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速下压，使筒内空气的内能_____（选填“增大”、“不变”或“减小”）温度升高，硝化棉燃烧。上述现象与用热水袋焐手改变物体内能的方式_____（选填“相同”或不相同）。
16．氢气球从地面上升到6000m的空中，内部气体的压强_____（选填“变大”、“不变”或“变小”），内部气体的密度_____（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
17．如图甲所示，水平地面上的物体，受到方向不变的推力F的作用，其F﹣t和v﹣t的图象分别如图乙、丙所示．由图象可知：9～12s内，推力对物体做功_____J，t＝5s时，物体受到的摩擦力是_____N．
18．蹦极运动简化后与下列情景相似：如下图甲所示，不计空气阻力，弹性细绳的一端固定在O点，另一端系着一个小球，小球从O点释放后上下往复运动。已知小球速度v与下落高度h的关系如图乙所示，细绳拉力F与下落高度h的关系如图丙所示。请根据图象解答下列问题。（g取10N/kg）
（1）弹性细绳原长为______m，小球下落的最大高度为______m。
（2）小球的质量为________kg。 四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图所示，电源电压为6V，小灯泡标有“3V1.8W”．当闭合开关S，把滑动变阻器的滑片P移到R的中点时，小灯泡正常发光，试求：（不考虑温度对小灯泡电阻的影响）
（1）小灯泡正常工作时的电流． （2）滑动变阻器R的最大阻值．
（3）当变阻器的滑片P移到a端时闭合开关S，电流在1min内所做的总功是多少？
20．在如图所示的电路中，电源电压恒为3V，电阻R1的阻值为5Ω，滑动变阻器R2上标有“20Ω 1.5A”字样，电流表所用的量程为0~3A。闭合开关S后，求：
1min内R1消耗的电能；在保证电路安全的情况下，电路的最大功率。
21．被誉为“沙漠之舟”的骆驼站在水平沙面上，它的质量为600kg，每只脚掌的面积为20cm2（g＝10N/kg）．
（1）骆驼对沙面的压力为多大？ （2）骆驼对沙面的压强为多大？
（3）骆驼的脚掌约可知为马蹄掌的三倍，这样大的脚掌有什么好处？ 五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图所示，用杠杆将物体A吊起，O是支点，请画出拉力F1的力臂L1和物体A所受的重力G的示意图。
23．根据如图所示通电螺线管周围的磁感线方向，在图中标出通电螺线管的N极和电源的正极； （____）
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．（2016·阜新卷）小明同学在“研究杠杆平衡条件”实验中：
（1）实验时应先调节杠杆在______位置平衡．若出现图甲所示情况，应将杠杆的螺母向______调（填“左”或“右”）．
（2）杠杆平衡后，小明在图乙所示的A位置挂上3个钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，这时应在B位置挂上______个钩码．
（3）下表是该组某同学在实验中记录杠杆平衡的部分数据： 实验次数 1 2 3 F1（N） 2 3 2 l1 (cm) 5 10 30 F2 ( N) △ 2 3 l2( cm) 10 15 ☆ 上表中空格处所缺的数据是：△＝______，☆＝______； （4）分析上表中的实验数据可以得出的结论是______．
25．两只铭牌模糊的小灯泡L1、L2，仅能看清分别标有“0.3A”和“0.5A”字样．
图甲是小明测量小灯
泡L1额定功率时连接的实物图；
①图中有一根线连接错误，请在这积线上打“×”，并在图中改正_________； ②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于_______（远填“A”或“B”）端；
③闭合开关，电流表示数为0.1A，移动滑片P，通过观察_______表的示数来判断小灯泡是否正常发光，小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，则小灯泡L1的额定功率为_______W．小华利用图丙所示的电路测出了小灯泡L2的额定功率，请在虚线框内补上小灯泡、电压表和定值电阻R（阻值已知）这三个元件的符号，使电路完整，实验操作方便___________．
26．小虎用一个装有2g水银的温度计，测量烧杯中水的温度，如图所示．
?1?请指出他在使用温度计时存在的两个问题：
①______； ②______．
?2?在温度计示数上升的过程中，水银的质量____，体积____，密度____．(填“增大”、“减小”或“不变”) ?3?在温度计示数上升的过程中，水银的内能______(填“增大”或“减小”)，这是通过______(填“做功”
或“热传递”)方式而使内能发生改变的．
参考答案
一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．D 【解析】 【详解】
A．由电路图可知，热敏电阻与R0并联，电流表测并联电路干路电流．当温度升高时，热敏电阻阻值变小，干路电流变大，故A不符合题意．
B．热敏电阻与R0并联，电流表测热敏电阻的电流，当温度升高时，热敏电阻阻值变小，由I?通过热敏电阻的电流变大，电流表示数变大，故B不符合题意．
C．已知热敏电阻与R0串联，电压表测R0两端的电压，当温度升高时，热敏电阻阻值变小， 根据串联电路分压原理，电压表示数变大，故C不符合题意．
D．已知热敏电阻与R0串联，电压表测热敏电阻两端的电压，当温度升高时，热敏电阻阻值变小，根据串联电路分压原理，电压表示数变小，故D符合题意为答案． 2．B 【解析】
试题分析：不同形式的能之间是可以相互转化的，在转化和转移的过程中能的总量不变．
太阳能电池板把太阳能转化成电能，它还能把多余的能量储存在蓄电池里，是指把多余的电能转化成化学
U可知，R能储存在蓄电池里． 故选B．
考点：太阳能的转化；电源及其能量转化．
点评：照明时，太阳能转化成电能，电能再转化成光能；不照明时，太阳能转化成电能，电能在转化成化学能，储存在蓄电池里． 3．D 【解析】
试题分析：A、在a到b的过程中，运动员对铅球有一个推力的作用且铅球在推力作用下移动了一段距离， 所以在这个阶段，运动员对铅球做了功；铅球离开手，由于惯性继续运动，所以手就不做功了，故A正确；B、在a到d的过程中，铅球的运动方向和运动快慢都发生了改变，所以运动状态是在不断变化的，故B正确；
C、在c到d的过程中，铅球的质量不变，高度减小，故重力势能减小，故C正确； D、在b到d的过程中，由于不计空气阻力，所以铅球的机械能不变，故D错误． 故选D． 4．A 【解析】
试题分析：（1）水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此比较两者对桌面压力的关系，根据p=求出两者对桌面压强的关系；
（2）装满豆浆的密闭杯子，两种方式放置时液体的深度不变，根据p=ρgh和F=pS可知两杯底受到的压力关系．
解：（1）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，甲对桌面产生的压力等于乙对桌面产生的压力，故C错误； 因杯子上表面面积是下表面面积的2倍， 所以，由p=可知，两者对桌面压强之比： ===，
即甲对桌面产生的压强是乙对桌面产生压强的2倍，故A正确、B错误； （2）装满豆浆的密闭杯子，两种方式放置时液体的深度不变， 由p=ρgh可知，甲乙豆浆对杯底的压强相等，
由F=pS可知，甲杯底受到的压力比乙杯底受到的压力小，故D错误． 故选A． 5．B 【解析】 【详解】
“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了……”说明山相对于船发生了位置的变化，是运动的，是以船为参照物，故选B。 6．B 【解析】 【分析】 【详解】
A、太阳是太阳系的中心，其他八个行星绕着太阳转，故A错误；
B、原子是由原子核和核外电子组成，原子核由带正电的质子和不带电的中子组成的．故B正确； C、分子总是不停地做无规则运动，构成固体的分子也是不断运动的．故C错误； D、由分子动理论知道，分子间同时存在相互的引力和斥力。故D错误。 7．B 【解析】 【详解】
动能的大小与物体的质量以及速度有关，质量越大、速度越大，动能越大；重力势能的大小和物体的质量以及物体所处的高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大．
匀速水平飞行的飞艇，速度不变，高度不变，所以动能不变，重力势能也不变，故机械能不变，A不符合题意；
加速起飞的飞机，速度变大导致动能增大，高度升高导致重力势能增加，所以，机械能增大，故B符合题意；
减速下降的热气球，速度减小导致动能减小，高度降低导致重力势能减小，故机械能减小，故C不符合题意；
等待发射的火箭，速度为零，故动能为零，所处的位置不变，故重力势能不变，即机械能保持不变，故D不符合题意． 8．D 【解析】 【分析】 【详解】
第一幅图：以下面小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的拉力等于小球的重力G；第二幅图：以小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的拉力等于小球的重力G；第三幅图：以任意一个小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的拉力等于小球的重力G；所以平衡时各弹簧的拉力大小相等，即有F1=F2=F3，在弹簧的弹性限度内，拉力与弹簧的伸长量成正比，所以L1=L2=L3；故ABC错误，D正确． 9．C 【解析】
A. 手电筒中的电流约为0.3A，故A错误；
B. 夏天空调在使用时设置的温度应低于人体的体温，一般为26℃左右，故B错误； C. 一支新铅笔的长度约为20cm，符合实际；
D. 物理课本重约2N，课桌近1m，所以将掉在地上的物理课本捡起来放在课桌上做功约为2J，故D错误； 故选C．
点睛：对常见的物理量进行估计是基本能力之一，要求对单位大小要认识清楚，另外多注意理论联系实际，生活中留心积累． 10．C 【解析】 【详解】
A、要用酒精灯的外焰加热，为确保组装器材一次到位，应按从下往上的顺序调节，故A错误；B、由乙图知，升高相同温度，b加热时间长， 说明b液体吸收的热量更多，故B错误；C、由乙图知，加热相同时间时，b液体升高的温度少，说明b液体的吸热能力强，即比热容大，故C正确；D、比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量，吸热液体应为同一种类且质量相同，根据△t＝应吸热多少，故D错误．故选C． 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．ABD 【解析】
按题意可知,第一次当开关S1闭合、S2断开时两个电阻是串联的，电压表测的是两个电阻的总电压即电源电压，电流表测的是两个电阻的电流；第二次同时闭合S1和S2时两个电阻是并联的,电流表测得是R1的电流，电压表测得仍是电源电压；A. 第二次两个电阻是并联的，电压表测得是电源电压，所以示数仍为
Q，通过温度的变化反cm9V＝18Ω,所以R1的阻值为0.5AU9V18Ω，C. 第一次两个电阻是串联的,总阻值R＝＝说法正确，不符合题意；＝30Ω,所以R2＝R?R1
I0.3A9V，说法正确，不符合题意；B. 第二次两个电阻是并联时,可以知道R1＝
＝30Ω?18Ω＝12Ω，则该项说法错误，符合题意；D. 同时闭合S1和S2时两个电阻是并联的,R2消耗的电
2U29V?? ＝功率P＝＝6.75W，说法正确，不符合题意；故选C. R212Ω点睛：解决此题的关键是弄清两次电路中电阻的连接情况，电压表测量的是谁的电压，电流表测得是哪个电阻的电流，根据串并联电路的特点，结合欧姆定律和电功率公式进行求解． 12．BC 【解析】 【详解】
A．声音传播需要介质，真空不能传声，故错误；
B．声音是由物体振动产生的，不振动的物体不能发出声音，故正确；
C．打鼓用的力越大，鼓的振幅越大，鼓声的响度就越大，故正确； D．安装隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声，故错误． 13．ACD 【解析】 【详解】
A．由题，将蜡烛放到光具座的20cm刻度处时，物距u=50cm-20cm=30cm，像距v=90cm-50cm=40cm,u＜v,成倒立放大的实像，f＜u=30cm＜2f，v=40cm＞2f，解得15cm＜f＜20cm，故A正确。
B．将蜡烛移到30cm刻度处，物距u=50cm-30cm=20cm，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立放大的实像，投影仪是利用这一原理制成，故B错误。
C．根据折射光路是可逆的，若将蜡烛远离透镜，同时将光屏靠近透镜，在光屏上能再次成一个清晰的像，故C正确。
D．若保持蜡烛位置不变，换用焦距较小的凸透镜，相当于增大了物距，根据凸透镜成实像时“物远像近像变小”，将光屏靠近凸透镜，可以使光屏上成的像变小，故D正确。 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．运动状态 作用点 【解析】 【详解】
此题考查了力的作用效果，力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；力的三要素影响力的作用效果．静止在水平面上的长方体木块，在水平推力F作用下向前移动，说明力可以改变物体的运动状态；仅改变推力F作用的位置，如图乙所示，木块却向前倾倒，说明力的作用效果与力的作用点有关． 15．增大 不相同 【解析】 【分析】
根据题中“把活塞迅速下压，使筒内空气的内能……，上述现象与用热水袋焐手改变物体内能的方式”可知，本题考查改变内能的方式。需理解做功改变物体内能的实质，结合改变物体内能的方式进行分析解答。 【详解】
当把活塞迅速压下去时，活塞对空气做功，活塞的内能就会增大，空气的温度就会升高，达到硝化棉的燃烧点，硝化棉就燃烧起来。
用热水袋焐手取暖是通过热传递的方式改变内能的，故与上述实验现象改变物体内能的方式不相同。 16．变小 变小 【解析】 【详解】
气球升空过程中，只是位置的改变，球内气体的质量不变；大气压随高度的升高而减小，气球升空过程中，气球外的气压减小，为保证内外压强相等，所以球的体积增大来减小球内压强，气体的质量不变，体积变
大，由ρ=
m可知密度变小。 V17．180 60 【解析】 【详解】
由丙图知道，在9～12s时，物体做匀速运动，且v＝1m/s，由乙图知道，在9﹣12s时的推力F＝60N，所1m/s×3s＝180J；由丙图知道，9～12s时，物体做匀速运动，以，推力F做的功是：W＝Fs＝Fvt＝60N×
即水平方向上的摩擦力与推力F平衡，所以，摩擦力f＝F＝60N，又因为t＝5s时，物体做加速运动，由于物体对地面的压力和接触面的粗糙程度都没有改变，所以摩擦力大小不变，仍为60N． 18．1.2 2.2 0.3 【解析】 【详解】
（1）由图丙可知：当拉力为零时弹性绳的长度为1.2m，即弹性细绳原长为1.2m；由图乙可知小球下落的最大高度为2.2m；
（2）由图乙可知，速度最大时，高度为1.5m；因为小球在下落的过程中先做加速运动，当拉力等于重力时，合力为零，速度达到最大，然后做减速运动；故当下落高度为1.5m时，速度最大，拉力等于重力；由图丙可知h=1.5m时，F=G=3N，小球的质量m=四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）0.6A（2）10Ω（3）144J 【解析】 【分析】 【详解】
(1)小灯泡正常工作时的电流：IL?G3N?=0.3kg。 g10N/kgPL1.8W?=0.6A ； UL3VUL3VUR??=5Ω, (2)由I?可得，小灯泡灯丝的电阻：LIL0.6AR因为滑动变阻器的滑片P移到中点时，小灯泡正常发光，所以此时滑动变阻器两端的电压等于小灯泡两端的电压，根据串联电路中电压与电阻成正比可知，此时滑动变阻器接入电路中的阻值为：R＝RL＝5Ω，则滑动变阻器R的最大阻值为：R大＝2R＝2×5Ω＝10Ω；
（3）当变阻器的滑片P移到a端时，电路中的总电阻是：R总＝R大+RL＝10Ω+5Ω＝15Ω；
U2(6V)2t??60s=144J． 电流在1min内所做的总功：W?R总15Ω答：（1）小灯泡正常工作时的电流为0.6A；
（2）滑动变阻器R的最大阻值为10Ω； （3）电流在1min内所做的总功是144J． 20．（1）108J；（2）6.3W 【解析】 【详解】
(1)由并联电路电压规律可得U1?U2?U?3V， 通过R1的电流为I1?U13V??0.6A， R15?所以1min内R1消耗的电能为W1?U1I1t?3V?0.6A?60s?108J；
(2)当干路电流最大时，电路的功率最大，由于R1电流恒定，所以当通过滑动变阻器的电流最大时，干路电流最大，而滑动变阻器允许通过的最大电流为1.5A，
此时根据并联电路电流规律可得干路电流I?I1?I2?0.6A?1.5A?2.1A?3A； 所以电路最大功率为P?UI?3V?2.1A?6.3W；
21．（1）6×103N； （2）7.5×105Pa；（3）骆驼的脚掌面积大，对沙子表面压强较小，能避免陷入沙子里有利于在沙漠行走 答略． 【解析】
10N/kg=6000N． 解：（1）骆驼对沙面的压力等于其重力F=G=mg=600kg×（2）骆驼对沙面的压强P?（3）由P?F6000N??7.5?105Pa. ?42S4?20?10mF可知，压力一定时，受力面积越大压强越小．骆驼的脚掌约为马蹄掌的三倍，骆驼的脚掌S面积大，对沙子表面压强较小，能避免陷入沙子里，有利于在沙漠行走，所以骆驼有“沙漠之舟”之称． 答：（1）骆驼对沙面的压力为6000N．（2）骆驼对沙面的压强为7.5?105Pa．（3）骆驼的脚掌面积大，对沙子表面压强较小．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．
【解析】 【详解】
O点是杠杆的支点，从支点向拉力F1作用线做垂线，即是力臂L1；重物的重心在物体的几何重心，重力
的方向是竖直向下的，从作用点起沿竖直向下的方向，画一条带箭头的线段；如图所示。
23．
【解析】 【分析】 【详解】
在磁体的周围，磁感线是从磁体的N极出发，回到S极，所以图示的螺线管的右端为N极。根据螺线管的N极和线圈的绕向，利用右手螺旋定则可以确定电流是从螺线管的左端流入，右端流出。从而可以确定电源的左端为正极。如下图所示。
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．水平 左 4 1 20 F1 l1＝F2 l2 (动力×动力臂＝阻力×阻力臂) 【解析】
试题分析：（1）为了便于直接从杠杆上读出力臂的大小，所以应调节杠杆水平平衡；调节杠杆平衡时，应把平衡螺母向着较高的一侧来拧，故应向左拧；（2）由杠杆的平衡条件可知，A位置3个钩码，力臂为4，故B位置力臂为3，应挂4个钩码；（3）根据杠杆的平衡条件：F1l1=F2l2可得：△＝1，☆＝20；（4）实验结论为：F1l1＝F2l2 （动力×动力臂＝阻力×阻力臂）． 【考点定位】杠杆的平衡条件
25． B 电流 0.75
【解析】 【详解】
①原电压表测电源电压是错误的，应测灯的电压，如下图1所示：
②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处的B端；③灯在额定电流下正常发光，闭合开关，电流表示数为0.1A，移动滑片P，通过观察电流表的示数来判断小灯泡是否正常发光，小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压大小为2.5V，则小灯泡L1的额定功0.3A＝0.75W；率为：P＝UI＝2.5V×（2）若该电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，当灯的电流为额R，此定电流时，灯正常发光，先将电压表与定值电阻并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为0.5A×时灯正常发光，保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时灯的额定电压，根据P＝UI可求出灯的额定功率．设计的电路下图2所示：
【点睛】
（1）①原电压表应测灯的电压；②为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处；③灯在额定电流下正常发光，根据电压表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求小灯泡L1的额定功率；（2）电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，将电压表与定值电阻并联，通过移动滑片的位置，使R，此时灯正常发光，保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻灯的电压为0.5A×
的电压，此时灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时灯的额定电压，根据P＝UI可求出灯的额定功率．
26．（1）温度计的玻璃泡与容器底部接触；读数时视线与温度计上表面不相平；（2）不变；增大；减小；（3）增大；热传递 【解析】
（1）由图示可知，小明把温度计的玻璃泡与容器底部接触，且读数时视线与温度计上表面不相平，这些都是错误的；（2）在温度计示数上升的过程中，水银的质量不变，体积变大，密度变小；（3）在温度计示数上升的过程中，水银的内能增大，这是通过热传递的方式使内能发生改变的．
2019-2020学年中考物理模拟试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．电磁炮是一种先进的动能杀伤武器，它是利用磁场对通电导体作用的原理，对金属炮弹进行加速，具有速度快、命中率高等特点．下图中与此工作原理相同的是
A．
B．
C．
D．
2．下列做法符合安全用电要求的是 A．开关应接在电灯与零线之间 B．在户外，不要靠近高压带电体
C．将三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用 D．使用测电笔时手不能接触笔尾金属体
3．如图所示，木块置于小车上，在水平拉力F作用下，小车和木块一起以速度v沿水平地面向右做匀速直线运动（不计空气阻力）．以下三组力属于平衡力的是 ①地面对小车的支持力与小车受到的重力 ②小车对木块的摩擦力与木块受到的水平拉力 ③地面对小车的摩擦力与木块对小车的摩擦力．
A．仅① B．②③ C．仅② D．①②③
4．用同一滑轮组匀速提升重力不同的物体，该滑轮组的机械效率与所提升物体重力G的关系图正确的是（不计绳重和摩擦力）
A． B．
C． D．
5．在一支平底试管内装入适量铁砂，然后先后放入装有甲、乙两种不同液体的烧杯里，如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．试管在甲液体中受到的浮力较大 B．试管在乙液体里排开的液体质量较小 C．在甲液体中试管底部所受液体压力较大 D．装乙液体的烧杯底部所受压强较大
6．如图所示，婷婷同学用12N的水平拉力F拉滑轮，使足够长的木板A以0.2m/s的速度在水平地面上匀速运动，物体B相对于地面静止，弹簧测力计的示数为2N．若不计滑轮重、弹簧测力计重、绳重和滑轮摩擦，则下列说法中正确的是（ ）
A．B受到的摩擦力大小为2N，方向为水平向左 B．木板A受到地面的摩擦力大小为2N，方向水平向左 C．拉力F做功的功率为1.2W
D．在运动过程中若将拉力F增大，弹簧测力计的示数也将增大 7．关于液体和气体压强及相关的应用，下列说法中错误的是 A．同一地点的大气压强是不变的
B．青藏高原气压低，水的沸点低，煮饭要用高压锅 C．三族船闸通行轮船利用了连通器原理
D．水电站大坝根据液体压强规律设计成“上窄下宽”
8．李海同学骑车上学，因为赶时间经常忘记收起自行车支架便骑车或没有锁车就离开，因此他想设计提醒收支架和锁车的电路．在兴趣小组活动中，他请同学们一道设计提醒锁车的电路，要求：当车的支架支起（开关S1闭合）时，蜂鸣器响起，提醒锁车；当车上锁（开关S2断开）后，蜂鸣器停止发声．他们设计了如图所示的四个电路，其中符合要求的是
A． B．
C． D．
9．如图为老式电话机的原理图．炭粒话筒相当于一个变阻器，膜片振动把炭粒压紧和放松时，相当于图中膜片带动滑动头左右移动，使滑动变阻器的电阻发生周期性变化，引起电路中的电流发生相应的周期变化．听筒中有一个电磁铁，当线圈中的电流周期性变化时，它对旁边铁质膜片的引力也随着改变，使膜片来回运动．设图示位置话筒膜片．听筒膜片均静止．以下说法正确的是
A．炭粒话筒的作用是通过电磁感应原理把声音信号转换成变化的电流 B．听筒中膜片往返运动的频率跟话筒中膜片运动的频率不同 C．铁膜听筒的原理相当于发电机，线圈在磁场中受力运动 D．话筒膜片从图示位置左移时，对方听筒膜片应会右移
10．随着我国经济的持续增长，汽车己进入千家万户。下列关于汽车的说法错误的是 A．汽车使用的汽油属于不可再生能源
B．汽车发动机用水作冷却液是因为水的比热容较大
C．汽车刹车之后由于受到惯性作用，还会继续滑行一段距离 D．轮胎上刻有花纹是为了增大接触面的粗糙程度从而增大摩擦力 二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．小莉根据下列表中的数据，得出以下四个结论，其中正确的是（ ）
比热容 物质 密度ρ/（kg?m） ﹣3物质 熔点/℃ 物质 c/[J（kg?℃）﹣1] 煤油 水银 0.8×103 13.6×103 铜 铝 1083 660 干泥土 水 0.84×103 4.2×103 冰 铝 0.9×103 2.7×103 铅 锡 328 232 铜 铝 0.39×103 0.88×103 A．固体的密度大于液体的密度
B．质量相等的铝块和冰块，冰块的体积是铝块的3倍 C．用来熔化铜的器皿可以用铝制成
D．质量相等的干泥土和水，升高相同的温度，水吸收的热量较多
12．为了将放置在水平地面上重G=100N的重物提升到高处．小明设计了如图甲所示的滑轮组装置．当小明用如图乙所示随时间变化的竖直向下拉力F拉绳时，重物的速度v和上升的高度h随时间t变化的关系10-2m2，不计摩擦，绳对滑轮的拉力方向均可看图象分别如图丙和丁所示．若重物与地面的接触面积S=5×
成在竖直方向．（已知小明的质量为60kg，每只鞋与地面的有效接触面积为200cm2）下列说法正确的是
A．在2-3s内，拉力F的功率P=300W B．在1-2s内，拉力F所做的功W=187.5J
C．在0-1s内，小明对地面的压强p1=1.425×104Pa D．在0-1s内，重物对地面的压强p2=800Pa
13．工人师傅利用如图所示的两种方式，将重均为300N的货物从图示位置向上缓慢提升一段距离，F1、F2始终沿竖直方向。图甲中x，图乙中动滑轮重为60N，重物上升速度为0.01m/s。不计杠杆重、绳重和摩擦，则下列说法正确的是（ ）
A．甲乙两种方式都省力 B．甲方式F1由150N逐渐变大 C．乙方式机械效率约为D．乙方式F2的功率为36W
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．有质量为5kg，初温为15℃的水，吸热后温度升高到95℃，则需吸收的热量为__________J；如果这
107J/m3的天然气______m3。些热量由天然气燃烧来提供，则至少需要燃烧热值为4.0×（水的比热容为4.2×103J/（kg·℃））
15．高压锅是生活中一种密闭的加热容器.锅盖中央有一出气孔，孔上盖有限压阀，当锅内气压达到限定值时，限压阀被锅内气体顶起放出部分气体，实现了对锅内气体压强的控制.如图所示，某高压锅锅体的内底面积为S，侧壁竖直，出气孔横截面积为S0，限压阀质量为m0，限压阀顶部面积为S1（已知大气压强为p0）.
液体沸点与气压的关系是_____；使用高压锅时锅内气体的最大压
强是_____．
16．小悦家的电能表上标有“600revs/kW·h”的字样，她把家中其它用电器都与电源断开，仅让电水壶单独h的电能，它的电功工作，观察到lmin内电能表的表盘转过18圈，则该电水壶在1min内消耗____kW·率为____kW。
17．如图所示，质量和底面积都相同的两个容器分别装有质量和深度均相等的甲乙两种不同液体，甲液体的密度_____乙液体的密度；甲容器对桌面的压强_____乙容器对桌面的压强；甲容器底部所受液体的压力_____乙容器底部所受液体的压力．（均选填“大于”、“小于”或“等于”）
18．根据下表所列几种物质的比热容数据，可知：5千克的水温度升高20℃，需吸收的热量为_____焦，质量相等的水与干泥土，吸收相等的热量，_____升高的温度多。 物质 水 铝 干泥土 比热容[J/（kg?℃）] 4.2×103 0.90×103 0.84×103 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．如图所示是部分中小学投入使用的新型安全校车，这种校车完全符合校车安全标准．中考期间，××中学的学生乘坐这种新型安全校车以36km/h的速度匀速行驶了15min安全到达考点，此过程中校车的输
出功率为150kW，求：
（1）在15min内校车行驶的路程； （2）在15min内校车牵引力所做的功；
（3）若校车和学生总质量为9000 kg，车轮与地面的接触总面积为1500cm2，求校车对水平路面的压强． 20．圆柱形容器的底面积为500cm2，曾有深度为8cm的水．现将一质量为1.8kg，高为20cm，底面积为100cm2的长方体木块放入容器中，液面上升了2cm．如图所示（圆柱形容器无限高）．求：
（1）容器底受到水的压强；
（2）缓慢向容器中加水，至少再加入多少kg水，才能使木块对容器底的压强为零？（取g=10N/kg，ρ水=1×103kg/m3）
21．琪琪从世博会带回一个工艺品，她想知道这个工艺品的密度，于是进行了实验。请你根据下图所示的实验数据推算：（g取10N/kg）
工艺品此时所受的浮力。工艺品的密度。
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．一种台灯,有两个开关,当只闭合开关一，调节它的旋钮(相当于移动滑动变阻器).可以改变灯的亮度:只闭合另一个开关二，灯也可以亮,但是无法调节灯的亮度，请你根据这中功能，用画笔代替导线完成图 （____________________）
23．请用笔画线表示导线，将如图所示的电灯、开关、和插座接人家庭电路中。
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分） 24．小云用如图所示装置探究水的沸腾．
组装实验器材时，应按照_____的顺序（选填“自上而下”或“自下
而上”）．实验室现有水银温度计（﹣20℃﹣120℃）、酒精温度计（﹣80℃﹣60℃）、体温计、寒暑表等不同种类的温度计，本实验应选用的温度计是_____；实验中，小云观察到水在沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况不同，如图甲、乙所示．表示沸腾前气泡上升情况的是图_____；水沸腾时，烧杯中不停地冒出“白气”，这些“白气”实际上是_____（选填“小冰晶”、“小水滴”或“水蒸气”）；实验完毕，小云撤去酒精灯后发现水继续沸腾了一段时间，原因是_____．
25．小华同学利用图甲所示装置对100g冰加热，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态．图乙是他根据记录的数据绘制的温度﹣时间图象，根据图象可知：
冰属于__________（选填
“晶体”或“非晶体”）；在BC阶段物质处于_________状态（选填“固体”、“液体”或“固液共存”）；设相同103J/kg?℃，c水时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段物质共吸收了__________J的热量（c冰=2.1×
=4.2×103J/kg?℃）；图丙是另一位同学在完成同一实验时绘制的温度-时间图象，老师认为他的C段数据有问题，老师做出这样的判断的依据是 ___________________________ ．
26．小明同学用电压表、电流表测量小灯泡电功率的实验，已知电源电压3V，灯泡上标有“2.5V”的字样．
（1）小明连接了如图所示的实验电路，检查后发现有一根导线连接有错误．请你在这根导线上打“X”，并用笔画线代替导线，画出正确的连线． （_____________）
（2）电路改正后，调好变阻器滑片，闭合开关，小明发现灯泡不亮，电流表的示数为零，电压表有示数，取下灯泡，两表的示数仍不变．其故障可能是_____．
（3）故障排除后，小明闭合开关，将滑片移动到某个位置时，电压表示数为2V，为了使小灯泡正常发光，需将滑片向_____移动．（选填“左”或“右”）
（4）小灯泡正常发光时，电流表的示数如图所示．则小灯泡的额定功率为_____W，滑动变阻器连入电路的电阻_____Ω（结果保留一位小数）．
（5）小明利用这次实验的数据算出小灯泡在不同情况下的电阻，发现相差较大．通过交流，其他小组也都有类似现象，经讨论，同学们很快认识到：这个现象不能单纯用误差来解释．因为：如果是误差，那么三次测得的电阻值应该相差_____（选填“较大”或“较小”），并具有_____的特点（选填“逐次增大”、“逐次减小”或“时大时小”）．后来，同学们通过查阅课本得知灯泡的电阻还与温度有关 实验次数 电压/V 电流/A 电阻/Ω 1 1.00 0.14 7.1 2 1.70 0.22 7.7 3 2.50 0.30 参考答案
一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．D 【解析】 【分析】
明确通电导体在磁场中受力的作用这一原理，主要应用于电动机．对选项中各电器的工作原理进行分析，
最后做出判断． 【详解】
A、图中实验装置，无电源，研究电磁感应现象，故A错误； B、图中实验为电流的磁效应，故B错误； C、图中的实验时探究带电体的性质，故C错误；
D、图中实验装置，有电源，研究通电导体在磁场中受力，故D正确． 故选D． 2．B 【解析】 【详解】
A、控制电灯的开关安装在火线与灯之间，防止维修或更换电灯时发生触电事故，故A错误； B、在户外，不要靠近高压带电体，因为高压带电体在不接触时也可能会触电，故B正确；
C、带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地线，故不能把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，以防用电器外壳带电，会危及人身安全，故C错误； D、使用测电笔时，人手不能接触笔尖，但必须接触笔尾金属体，故D错误。 3．B 【解析】
二力平衡的条件是：二力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上． ①地面对小车的支持力为小车与物体的重之和，与小车受到的重力不相等，不是平衡力；
②小车对木块的摩擦力与运动方向相反是向左的，遭遇木块受到的水平拉力向右，二力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、都作用于木块，是平衡力；
③地面对小车的摩擦力与运动方向相反方向向左，木块对小车的摩擦力使小车向右运动，所以方向向右，二力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上．是平衡力． 故选B． 4．A 【解析】 【详解】
设提升物重的高度为h，故使用滑轮组做的有用功是：W有用 =Gh，若不计绳重和摩擦，则所做的额外功是：W额 =G轮h，总功是：W总=W有用 +W额=Gh+G轮h，滑轮组的机械效率是：
??W有用GhG== ，由此可知，同一滑轮组动滑轮重一定，提起重物越重，其机械效率越W总Gh?G轮hG?G轮高；并且G的变化大于G+G动 的变化，所以η的变化小于G的变化， 由A图象知道，η随G增大而增大，且η变化小于G的变化，故正确；
由B图象知道，η随G增大而减小，但η变化大于G的变化，故错误； 由C图象知道，η与G成正比，故错误； 由D图象知道，η与G成反比，故错误． 5．D 【解析】 【详解】
A．因为同一支装入适量的铁砂的平底试管在两液体中都漂浮，所以试管受到的浮力：F甲=F乙，故A错； B．试管在甲、乙两液体中受到的浮力相等，根据F浮=G排=m排g可知，试管排开的液体质量相等，故B错；
C．物体受到的浮力等于物体上下表面受到液体的压力差，而上表面受到的压力为0，所以F浮=F下表面﹣F
上表面
=F下表面，因为受到的浮力相等，所以，下表面受到的压力相等，即：F甲=F乙，故C错．
D．试管在甲、乙两液体中受到的浮力相等，由图知，排开的液体体积V甲＞V乙，根据F浮=ρ液V排g可知，ρ甲＜ρ乙，两液面等高，根据p=ρ液gh可知，装乙液体的烧杯底部所受压强较大．故D正确； 故选D． 6．C 【解析】 【详解】
A．因为物体B相对于地面静止，弹簧测力计的示数为2N，因此B受到A对它的向右的摩擦力，大小为2N，A错；
B．拉力F为12N，则A受到向右的拉力为6N，受到B向左摩擦力2N，则受到地面的摩擦力为4N，B错；
C．拉力F的功率P=FV=12N×0.1m/s=1.2W，C正确；
D．若拉力F增大，B受到的摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关，不变仍为2N，D错。 7．A 【解析】 【详解】
A、同一地点的大气压与天气、温度等因素有关，所以同一地点大气压也是变化的，故A错误，符合题意； B、青藏高原海拔高度高，气压低，水的沸点随气压的降低而降低，做不熟饭，为了使水的沸点升高，所以煮饭要用高压锅，故B正确，不符合题意；
C、连通器是上端开口，下端相通的容器，当连通器里装同种液体且液体在不流动时液面总是相平的，三峡船闸通行轮船就是利用了连通器原理，故C正确，不符合题意；
D、因为液体（坝里的水）的压强随深度增大而增大，底部的坝受到的压强较大，所以水电站大坝筑成上窄下宽，故D正确，不符合题意。
8．B 【解析】
A图，开关S1闭合时，蜂鸣器响起，但S2断开时，蜂鸣器仍然是响的，且S2也闭合时，将电源短路，故A不正确；
B图，当开关S1闭合时，蜂鸣器响起，S2断开时，蜂鸣器不响，符合题意正确； C图，两开关都闭合时，电源短路，不正确；
D图，当开关S1闭合时，蜂鸣器响起，S2断开时，蜂鸣器仍响，不正确． 故选B．
点睛：应熟悉电路的控制方式，但在设计电路中，不能出现电源短路的情况，电源出现短路一定是错误的． 9．D 【解析】
A、炭粒话筒的作用是通过声音的振动引起炭粒电阻的变化，把声音信号转换成变化的电流，故A错误； B、听筒中膜片往返运动的频率跟话筒中膜片运动的频率相同，这样才能保证声音不会“失真”，故B错误； C、听筒是把强弱变化的电流通过磁场对电流的作用转化成声音的信号的，铁膜听筒的原理相当于电动机，故C错误； D、读图可知，话筒膜片从图示位置左移时，变阻器接入电路的电阻变大，则电路中电流变小，右侧电磁铁的磁性减弱，对铁膜听筒的吸引力变小，所以对方听筒膜片应会右移，故D正确． 故选D．
点睛：（1）话筒把声信号转换成电信号，听筒将电信号转换成声信号；二者的频率相同；（2）电话的听筒是把强弱变化的电流通过磁场对电流的作用转化成声音的信号的；（3）根据话筒中变阻器的滑片位置变化，判断电路中电流的变化，再确定电磁铁的磁性变化，从而做出判断。 10．C 【解析】 【详解】
A、汽车使用的汽油是由石油加工而成，在短时间内无法从自然界得到补充，属于不可再生资源，故A正确；
B、.因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机常用水来做冷却剂，故B正确；
C、刹车后，汽车由于惯性还要继续滑行一段距离，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故C错误； D、轮胎表面有凹凸的花纹，可以在压力一定时，增大接触面的粗糙程度从而增大与路面的摩擦，防止打滑，故D正确。
二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．BD 【解析】 【详解】
A．水银的密度为13.6×103kg/m3，铝的密度为2.7×103kg/m3，水银这种液体的密度就大于固体的密度，故A错；
B．冰的密度为0.9×103kg/m3，铝的密度为2.7×103kg/m3，冰的密度是铝的
1m，由密度公式ρ＝可得3VmV＝，所以，质量相等的铝和冰，冰块的体积是铝块的3倍，故B正确；
?C．铜的熔点是1083℃，铝的熔点是660℃，若用铝做熔化铜的器皿，铜还没有达到熔点，器皿（铝）就熔化、漏了，不可行，故C错；
D．质量相等的水和干泥土，升高相同的温度，水的比热容比干泥土的大，由Q吸＝cm△t可知水吸收的热量多，故D正确。 12．ABC 【解析】 【详解】
A、由图象可知，在2～3s内，重物做匀速运动，v1=2.50 m/s，拉力F1=40N，因为连接动滑轮的绳子有三根，所以拉力F的作用点下降的距离是重物上升高度h1的3倍．拉力F的功率P=
WF1s?=F1v2=40N×3×2.5m/s=40N×7.5m/s=300W，故A正确； ttB、在1～2s内，拉力F2=50N，重物上升高度h=1.25m，拉力通过的距离s=3h=3×1.25m=3.75m，拉力F3.75m=187.5J，故B正确； 所做的功W=F2s=50N×
C、人的重力G人=m人g=60kg×10N/kg=600N，动滑轮的重力：G动=3F1-G=3×40N-100N=20N，在0～1s内，拉力F3=30N，取人为研究对象，人受到向下的重力G人、地面对人向上的支持力F支1以及绳子向上的拉力F3三个力的作用处于静止状态；由于力的作用是相互的，所以人对地面的压力F1=F支1= G人
F1570N=-F3=600N-30N=570N，小明对地面的压强p1=104Pa，故C正确； -22=1.425×S人2?2?10mD、在0～1s内，拉力F3=30N，取动滑轮和重物为研究对象，受到向下的重力G和G动，向上的支持力F
支2
以及三根绳子向上的拉力3F3的作用处于静止状态，地面对重物的支持力F支1=G+G动
-3F3=100N+20N-3×30N=30N，由于力的作用是相互的，所以重物对地面的压力F2=F支2=30N，重物对地面的压强p2=13．AC 【解析】 【分析】
本题比较杠杆和滑轮组的利用，考查了杠杆、滑轮组的机械效率，熟练应用公式是解题的关键。 【详解】
A、由甲图可知，OB＞OA，由于不计摩擦、杠杆自重，由杠杆平衡条件可知，动力小于阻力，是省力杠
F230N?=600Pa，故D错误． S5?10-2m2杆；由图乙可知，n＝3，不计绳重和摩擦，则，故甲乙
两种方式都省力，A正确；
B、甲图中，重力即阻力的方向是竖直向下的，动力的方向也是竖直向下的，在提升重物的过程中，动力臂和阻力臂的比值不变，故动力F1的大小不变，故B错误； C、不计绳重和摩擦，则乙方式机械效率为：
，故
C正确；
D、乙方式中F2＝120N，绳子的自由端的速度为v绳＝0.01m/s×3＝0.03m/s， 则乙方式F2的功率为：
，故D错误。
三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．1.68×1060.042 【解析】
试题分析：质量m=5kg，温度变化△t=95℃-15℃=80℃，根据比热容公式，则需吸收的热量为
；如果这些热量由天然气燃烧来提供，则需要
燃烧热值为4.0×107J/m3的天然气：考点：比热容计算 热值计算
15．液体表面气压越大，液体的沸点越高 p?p0?【解析】 【分析】
根据题中高压锅结构示意图以及高压锅工作原理，可知本题考查大气压的综合应用，压强大小及其计算等知识。根据液体沸点与大气压的关系判断沸点的变化；根据限压阀质量求出其重力，此时重力即为压力，利用限压阀出气口横截面积求出此时压强，再加上大气压的值即为锅内气体能达到的最大压强。锅内最大气压等于外界大气压与限压阀产生的压强之和。 【详解】
液体的沸点与大气压的关系：液体的沸点随着表面气压的增大而升高，随气压减小而降低。高压锅是利用气压越高，液体的沸点越高的原理制成的；
已知大气压强p0，出气孔横截面积为S0，限压阀质量为m0， 则限压阀重力G＝m0g，
，V=0.042m3。
m0g S0当限压阀刚要被顶起时，受力平衡，锅内气体最大压强p?p0?16．0.03 1.8 【解析】 【详解】
m0g。 S0W0.03kW?h18P???1.8kWW?kW?h?0.03kW?h，1 转盘转动18转消耗电能：用电器的功率：．th6006017．大于 等于 大于 【解析】
由图可知，V甲＜V乙，因为两种液体的质量相同，根据ρ?m可知，?甲??乙． V由题知，液体和容器的质量都相同，由F=G=mg可知，甲、乙容器对桌面的压力相等，而底面积又相同，根据p?F可知两个容器对桌面的压强大小相等． S 因为液体深度相同，?甲??乙，由p?ρgh可得，甲液体对容器底的压强大于乙液体对容器底的压强，两容器底面积相同．根据F=pS，甲容器底部所受液体的压力大于乙容
器底部所受液体的压力．
18．4.2×105 干泥土 【解析】 【详解】
103J/（kg?℃）×5kg×20℃＝4.2×105J； 水吸收热量：Q吸＝cmΔt＝4.2×
查表可知c泥土＜c水，因Q水＝Q泥土，且m水＝m泥土，由Δt＝度多。
四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．108J；105Pa。 （1）9km；（2）1.35×（3）6×【解析】 【详解】
（1）15min 内校车行驶的路程：s=vt= 36km/h×
Q吸可知：Δt泥土＞Δt水；即干泥土升高的温cm15h=9km； 60103W×15×60s=1.35×108J； （2）15min 内校车牵引力所做的功：W=Pt=150×
10N/kg=90000N， （3）物体在水平面的压力大小等于物体重力，即F=G=mg=9000kg×校车对水平路面的压强：p=
F90000N?=6×105Pa。 -42S1500?10m答：（1）在15min内校车行驶的路程是9km； 108J； （2）在15min内校车牵引力所做的功是1.35×
105Pa。 （3）校车对水平路面的压强是6×20．（1）1000Pa（2）3.2kg 【解析】 【分析】 【详解】
（1）根据液体压强公式可知，容器底受到水的压强：
p??水gh水?1.0?103kg/m3?10N/kg?(0.02m?0.08m)?1000Pa
（2）木块的重力为：G=mg=1.8kg×10N/kg=18N，向容器中加水使木块对容器底的压强恰好为0时，木块恰好处于漂浮状态，木块此时受到的浮力为F浮′=G =18N； 此时木块排开水的体积为：
V排′=F浮′18N?33??1.8?10m ?水g1.0?103kg/m3?10N/kg再加水的体积为：
?V液?(S容?S)?h水?(5?10?2m2?10?2m2)?(0.18m-0.08m-0.92m)=3.2×10-3m3
再加入水的质量为：?m水??水?V水?1.0?10kg/m?3.2?10m?3.2kg 21．（1）1N。（2）2×103kg/m3。 【解析】 【详解】
（1）排开水的质量：
m排＝m1﹣m3＝0.35kg﹣0.25kg＝0.1kg， 则浮力F浮＝G排＝m排g＝0.1kg×10N/kg＝1N； （2）m工艺品＝m2﹣m3＝0.45kg﹣0.25kg＝0.2kg， 由ρ＝得：
33?33工艺品的体积：V工艺品＝V排＝工艺品的密度： ρ工艺品＝
＝
＝＝1×104m3，
﹣
＝2×103kg/m3。
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．
【解析】 【详解】
由安全用电原则可知，开关应该接到火线和用电器之间；据题意可知，当只闭合开关一，调节它的旋钮（相当于移动滑动变阻器），可以改变灯的亮度，即说明开关一、滑动变阻器和灯泡串联；只闭合另一个开关二，灯也可以亮，但是无法调节灯的亮度，说明开关二与灯泡串联；如图所示：
23．
【解析】 【详解】
三孔插座的上面的孔接地线，左孔接入零线，右孔接火线；电灯的接法：火线先过开关再入灯泡，再接上零线即可。如图：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．自下而上 水银温度计 甲 小水滴 石棉网的温度高于水的沸点，水可以继续吸热 【解析】
（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以先放好烧杯后，再调节温度计的高度，所以组装实验器材时，应按照自下而上的顺序；体温计的量程在35℃～42℃，家用寒暑表的量程是-20℃～60℃，水银温度计的量
程为-20℃～120℃，酒精温度计的量程为-80℃～60℃；而标准大气压下水的沸点是100℃，所以应选择水银温度计；
（2）甲图气泡在上升过程中，体积逐渐减小，所以是沸腾前的情况；乙图气泡在上升过程中气泡体积增大，所以是沸腾时的情况；烧杯中冒出的“白气”是水蒸气液化形成的小水滴；
（3）刚撤掉酒精灯时，铁圈、石棉网的温度还高于水的温度，所以可以继续吸热，不马上停止沸腾． 25．晶体 固液混合 4.2×103 水的比热容较大，质量相同的冰和水吸收相同的热量，水升温应较慢 【解析】 【详解】
（1）冰属于晶体物质，有固定的熔点；
（2）在BC阶段物质处于正在熔化的过程，是固液共存的状态；
103J； （3）由AB段求出加热5min所吸收的热量，就可求出熔化过程中10min所吸收的热量为4.2×
（4）老师做出这样的判断的依据是由于水的比热容较大，所以质量相同的冰和水吸收相同的热量，水升温应较慢．
26． 灯泡断路 左 0.65 1.9 较小
时大时小 【解析】 【详解】
（1）原电路中，电压表测电源电压是错误的，应测灯的电压，因为电源电压为3V，故应接在“3”接线柱上，如下图所示：
（2）经分析，实验中发现电流表的示数为零，电压表示数较大，电路可能出现的故障是灯泡断路； （3）灯在额定电压下正常发光，示数为2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；
（4）小灯泡正常发光时，电流表的示数如图所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.26A，
则小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.26A＝0.65W；根据串联电路的规律和欧姆定律，滑动变阻器连入电路的电阻：R滑＝
U?UL3V?2.5V＝≈1.9Ω． I0.26A（4）灯的电流随电压的增大而变大，根据P＝UI可知，灯的功率变大，灯的温度升高，灯的电阻变大，故灯泡电阻随电压增大、亮度增强而增大．误差是在正确测量条件下，测量值与真实值的差异，如果只是误差，三次测量值相差会比较小，并具有时大时小的特点．
2019-2020学年中考物理模拟试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．下列关于凸透镜应用的说法，正确的是（ ） A．近视眼需要佩戴凸透镜来矫正 B．放大镜成正立、放大的实像
C．用手机扫描二维码时，应使二维码位于手机镜头一倍焦距之内 D．要使投影仪成像变大，应使投影仪远离屏幕，同时使镜头靠近投片 2．关于物态变化，下列判断正确的是（ ） A．夏天冰棒周围冒“白气”，是汽化现象 B．擦在皮肤上的水变干，是升华现象 C．冬天室外飘起的雪花，是凝固现象 D．秋天早晨室外花草上的露珠，是液化现象
3． “五月五,过端午”,端午节要赛龙舟、吃粽子,下列关于粽子的说法正确的是 A．煮熟的粽子飘香,说明分子在不停地做无规则运动 B．刚出锅的粽子冒“白气”是一种汽化现象 C．粽子的温度越高,所含有的热量越多 D．煮粽子是通过做功的方式改变粽子的内能
4．小明在医院看到一种输液警报器，当管内药液流完时，电铃发声，报警器内部电路如 图所示，其中 R 是一个随药液量减少而变小的电阻．当闭合开关，输液报警器工作时， 下列分析正确的是
A．开始输液时，电流表示数最大 B．输完药液时，电压表示数最小
C．输完药液时，电铃响的原因是其两端电压最大 D．开始输液时，电铃不响的原因是电铃没有电流通过 5．下列关于“力与运动”的认识正确的是（ ） A．船从河里开到海里浮力变大 B．匀速上升的气球不受重力的作用
C．用水平力推水平地面上的课桌，没有推动，推力与阻力大小相等 D．挂在天花板上的电灯处于静止状态是因为物体间力的作用是相互的 6．在原子中，带负电的粒子是( ) A．电子
B．质子
C．中子
D．核子
7．如图所示，小丽用力F把一木块压在竖直墙面上静止，现有以下受力分析，下述受力分析正确的是（ ） ①小丽对木块的压力F和墙对木块的弹力是一对平衡力 ②小丽对木块的压力F和木块的重力是一对平衡力 ③木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力
④小丽对木块的压力F和木块对小丽的弹力是一对平衡力
A．只有①正确 B．只有④正确 C．只有①③正确 D．只有③④正确
8．关于信息与能源，下列说法中，错误的是（ ） A．水能是可再生能源，可循环利用，因此不需要节约水资源
B．焚烧秸秆既污染环境又浪费能源，因此要大力禁烧秸秆，加强秸秆的综合利用和开发 C．北斗卫星是通过电磁波传递信息，从而提供导航和通信服务
D．核电站一旦发生泄露，将产生严重的危害，所以必须制定严格的安全标准和规范
9．如图所示，是我国自主研发的C919商用大飞机，它将于数年后投入运营，C919客机中的部分钛合金零件采用了激光3D打印技术．关于客机的相关物理知识．下列说法不正确的是（ ）
A．客机所在高空的大气压强，比海平面附近的大气压强更大 B．客机采用密度小的材料，可以减轻它的重力 C．客机升空利用了“空气流速大的地方压强小”的原理 D．客机在空中沿直线匀速飞行，是受平衡力作用
10．如图所示，两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置．已知连续两次曝光的时间间隔是相等的．两木块运动情况在v-t图像中描述正确的是（ ）
A． B． C． D．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图象法能简明形象地反映某物理量随另一物理量变化的规律，如图是小龙同学在探究实验中绘制的图象，以下说法正确的是（ ）
A．探究晶体的凝固过程图象
B．探究物体受到重力与质量的关系图象
C．探究“电流与电阻的关系”实验中电流随电阻变化的图象
D．探究电阻“电流与电压的关系”实验中电流随电压变化的图象
12．下列常见的现象中，能量转化的描述正确的是 A．弯折铁丝﹣﹣机械能转化为内能 B．保温瓶的瓶盖蹦起﹣﹣内能转化为机械能 C．燃料燃烧﹣﹣化学能转化为内能 D．干电池供电﹣﹣电能转化为化学能
13．在“探究凸透镜成像规律的实验”中，小红调节蜡烛，凸透镜和光屏的位置，在光屏上成清晰的像如图所示，下列说法不正确的是：
A．光屏上的像是倒立缩小的实像，照相机就是根据该原理制成的
B．蜡烛燃烧一段时间后变短，像成在光屏中心的上方，可将透镜的高度向上调，使像成在光屏的中心 C．若将蜡烛放置在光具座上40cm～50cm刻度之间，移动光屏，在光屏上可以得到正立放大的虚像 D．如果把蜡烛与光屏对调，光屏上仍会出现清晰的像 三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．平静湖面的上空，一只鸟正冲向水面捕食，它在湖水中的像是_____像（选填“虚”或“实”），鸟在向下俯冲的过程中，像的大小___________（选填“逐渐变大”、“逐渐变小”或“不变”）．
15．小华去超市买了一包方便面，想用天平验证其标注的面饼质量是否准确。他将天平放在水平台面上，按如图甲所示调节天平横梁平衡，这一过程中的错误是_____；纠正错误后，测得面饼的质量如图乙所示，为_____g．将该面饼压碎，其质量_____（选填“变大”“变小”或“不变”）。
16．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，乙电阻的阻值是甲的2倍。电键S闭合后电路正常工作，电流表的示数为I0，电压表的示数为U0，则电源电压为_____。一段时间后，由于两电阻中有一个出现故障，使至少一个电表的示数变大，请根据相关信息写出两电表的示数及相对应的故障_____。
17．如图甲所示为某物质的熔化图象，根据图象可知，若将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中（如图乙所示），则试管内冰水混合物的内能会逐渐_____，冰的质量会逐渐_____。（填“增加”、“减少”或“不变”）
18．小明用图示滑轮组在5s内将重为300N的重物匀速提高了2m，所用拉力为200N，该过程中拉力做的有用功为________J，该滑轮组的机械效率为________。若其他条件不变，将重物匀速提升5m，该滑轮组的效率将________。
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．图甲是智能怀旧灯，与灯串联的调光旋钮实质是滑动变阻器，图乙是简化的电路原理图．灯L标有“6V1.2W”字样，当滑动变阻器的滑片P在a端时，灯正常发光，AB两端电压不变，不考虑温度对灯丝电阻的影响．求：
（1）灯丝的电阻RL和AB两端的电压U各是多少？
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是10Ω时，灯消耗的实际功率是多少？
20．如图所示电路中，R1=10Ω. 当开关S闭合时，电流表示数为0.2A，电压表示数为4V. 求：
电源电压；R2的阻值.
21．小丽家新买了一台电热水器，下表是该热水器的一些技术参数．现将水箱中装满水，通电后正常工作40min，水温从25℃上升到45℃．在此过程中，求： 型号 最大水量 FED-H50 50L 额定电压 额定功率 220V 2000W 103J/（kg?℃）]；热水器的效率． （1）热水器中电热丝的电阻：水所吸收的热量[c水=4.2×五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．画出光线ab和Oc通过透镜前后的完整光路。
23．根据平面镜成像的特点，在如图中画出物体AB在平面镜MN中成的像A′B′。 （______）
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．农忙时节,小明根据学过的物理知识配制盐水帮妈妈筛选农作物种子．要筛选出品质优良的种子,盐水的密度应该略小于饱满种子的密度．为了知道所配制出的盐水密度是否合适,小明通过如下的实验进行测量．
调节天平平衡:把天平放在水平台上,将游码拨到
标尺左端的零刻度线处后,发现天平横梁左高右低,应将平衡螺母向_______（填“左”或“右”）调节．用调节好的天平测得空烧杯的质量m1．如图甲所示,把适量的盐水倒入量筒中,测得盐水体积V．如图乙所示,把量筒中的盐水倒入烧杯中,测得烧杯和盐水的总质量m2． 请把下面记录测量数据的表格填写完整．
烧杯和盐水总 空烧杯质量m1/g 盐水体积V/mL 质量m2/g 30 ______ ______ _____ 盐水密度?/（g·cm-3） （5）按照以上方法,小明测出的盐水密度值可能________（填“大于”或“小于”）盐水密度真实值,原因是_______________________________________________________．
25．烛焰通过焦距为10cm的甲凸透镜在光屏上成清晰的像．如图所示，现用焦距为5cm的乙凸透镜替换甲，不改变蜡烛和凸透镜位置，乙凸透镜的成像情况，正确的说法是
A．要在光屏上成清晰的像，光屏应向右移 B．要在光屏上成清晰的像，光屏应向左移 C．移动光屏，可得到一个清晰放大的实像 D．移动光屏，可得到一个清晰放大的虚像 26．小明和小红使用不同器材分别对液体的密度进行测量，请将他们的实验步骤补充完整：
（1）小明将天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻线处．横梁静止时，指针指在分度盘中央刻度线的左侧，如图甲所示．为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向________端移动．
（2）将盛有适量液体的杯子放在调节好的天平左盘内，测出杯子和液体的总质量为128g．然后将杯中液体的一部分倒入量筒中，如图乙所示，再将盛有剩余液体的杯子放在天平左盘内，改变砝码的个数和游码的位置，使天平横梁再次在水平位置平衡，此时右盘中砝码质量和游码在标尺上的位置如图丙所示，则杯子及杯内剩余液体的总质量为_______g．
（1）根据上述实验数据计算液体的密度为__________kg/m1． （拓展）
（4）小红利用一个装有足量的水的大水槽，一把刻度尺，一只平底试管（厚度忽略不计），对液体密度进行了测量：
①将平底试管放入水槽中，使其竖直漂浮在水面上，用刻度尺测出平底试管底部到水面的距离h1； ②_______________,用刻度尺测出平底试管底部到水面的距离h2； ③再用刻度尺测出_____________；
已知水的密度为ρ水,利用上述测量出的物理量和已知量计算液体密度的表达式是：ρ液=________．
参考答案
一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．D 【解析】
A. 近视眼需要佩戴凹透镜来矫正，远视眼佩戴凸透镜矫正，故A错误；
B. 根据凸透镜的成像规律知，物距在焦距以内时，即放大镜的应用，成的是正立、放大的虚像，故B错误；
C. 用手机扫描二维码时，应用的是凸透镜成倒立缩小的实像的原理，此时物距应大于二倍焦距，所以应使二维码位于手机镜头二倍焦距以外，故C错误；
D. 根据凸透镜成倒立实像时的规律，要使投影仪成像变大，应增大像距，使投影仪远离屏幕，同时减小物距，使镜头靠近投影片，故D正确； 故选D．
点睛：牢记成实像时物距和像距变化的特点，当物距增大时，像距减小，像也会变小，这里的像变小，是与之前比变小，要比较像与物体的大小，要看像距和物距的比较，像距大于物距，像就放大． 2．D 【解析】 试题分析：
A． 夏天冰棒周围冒“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，是液化现象，故A错误。 B． 擦在皮肤上的水变干，水由液态变为气态是蒸发现象，故B错误。
C． 冬天室外飘起的雪花，是空气中的水蒸气遇冷直接变为固态形成的，是凝华现象，故C错误。 D． 秋天早晨室外花草上的露珠，是液化现象，故D正确为答案。 考点：物态变化 3．A 【解析】 【详解】
A. 煮熟的粽子由于温度升高，分子热运动剧烈，所以香味能够飘出来，说明分子在不停地做无规则运动。故A正确。
B. “白气”是由于高温的水蒸气遇冷而液化成的无数小水滴飘在空中形成的。故B错误。 C. 热量是热传递过程中传递内能的多少，不能说“含有热量”。故C错误。 D. 煮粽子是从火炉等吸收热量而使内能增大的，这种方式是热传递。故D错误。 4．C 【解析】 【分析】 【详解】
由电路图可知，可变电阻与电铃串联，电压表并联在电铃两端，电流表测电路中的电流 ，由题意知，当输完药液时，警报器内的电阻较小，未输完药液时，警报器内的电阻较大，由I=U/R可知，开始输液时，电路中的电流较小，电流表示数最小，故AD错误， 输完药液时，电压表示数最大，故B错误，C正确． 5．C 【解析】 【分析】 【详解】
A．船不管是在海水里还是河水里都要漂浮在水面上，漂浮时浮力等于重力，而船重不变，所以无论在海里还是在河里船受到的浮力不变，故A错；
B．地球附近的物体都受到重力作用，所以匀速上升的气球受重力的作用，故B错；
C．用水平力推水平地面上的课桌，没有推动，课桌仍保持静止状态，所以静止的课桌受到平衡力的作用．水平方向上受到的推力和阻力是一对平衡力，大小相等，故C正确；
D．挂在天花板上的电灯处于静止状态是因为灯受到平衡力的作用，灯的重力与线对它向上的拉力是一对平衡力，故D错。 故选C。 6．A
【解析】 【分析】 【详解】
原子是由位于原子中心的原子核和核外绕核转动的电子组成；原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，电子带负电．故选A． 7．C 【解析】
解：①小丽对木块的压力和墙对木块的弹力大小相等、方向相反，作用在同一条直线作用在同一个物体上②小丽对木块的压力和木块的重力不在同一直线上，符合二力平衡的条件，所以A正确；不是一对平衡力；③木块受到的摩擦力和木块的重力满足大小相等、方向相反，作用在同一条直线作用在同一个物体上，符合二力平衡的条件，所以是一对平衡力；④小丽对木块的压力和木块对手的弹力是一对相互作用力，不是平衡力．故选C．
点睛：木块处于静止，在竖直方向上受两个力而平衡，即重力和墙对木块的静摩擦力；木块在水平方向上受外力F和墙对木块的支持力，两个力是一对平衡力；平衡力作用在同一物体上，作用力和反作用力作用在不同的物体上． 8．A 【解析】 【分析】
（1）从水资源存在危机进行分析； （2）秸秆燃烧会浪费能源，污染环境；
（3）卫星通信实际上是微波通信的一种，是利用卫星做微波通信的中继站，是通过电磁波传递信息； （4）核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的，核废料因具有放射线，故必须慎重处理． 【详解】
A．水能是可再生能源，可循环利用，地球上可以利用的淡水资源是有限的，并且有相当一部分污染严重，因此需要节约水资源，故A错误；
B．秸秆燃烧会浪费能源，污染环境，因此要大力禁烧秸秆，加强秸秆的综合利用和开发，故B正确； C．卫星导航是利用电磁波传递信息的，故C正确；
D．核电站发生泄漏时产生的核辐射会对人和生物造成伤害，核废料有放射性，会对环境造成污染，因此必须制定严格的安全标准和规范，故D正确． 【点睛】
本题考查了卫星通信、能源分类、核能利用、能源利用的相关知识，具有一定的综合性，熟练掌握各项知识是解题的关键． 9．A
【解析】 【详解】
A．大气压与海拔高度有关，高度越高，气压越小，所以客机所在高空的大气压强，比海平面附近的大气压强更小，故A错误；
B．体积不变时，客机采用密度小的材料，质量小，重力也小，有利用飞机起飞及飞行，故B正确； C．“空气流速大的地方压强小”是飞机产生升力的原因，故C正确；
D．客机在空中沿直线匀速飞行，即匀速直线运动，是平衡状态，受平衡力作用，故D正确． 10．A 【解析】 【详解】
设刻度尺的每小格尺寸为s和曝光时间为t，下面的物体做匀速直线运动，运动的速度：v=
4s；上面木块t在相等时间内的路程差是恒量，由此可知上面木块做匀加速直线运动，匀变速运动某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，由此可知t3时刻上面木块的速度：v3=
7s9s；t4时刻上面木块的速度：v4=，则2t2t在时刻t3和时刻t4之间某瞬时两木块速度相同，故A正确，B、C、D错误． 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．ABC 【解析】 【详解】
A.图中横轴表示温度，纵轴表示时间，在时间变长的过程中，温度逐渐降低过，有一段时间温度保持不变，符合晶体凝固的特点，故A正确；
B.图中横轴表示质量，纵轴表示重力，重力与质量成正比，图象为过原点的直线，故B正确； C.图中横坐标是电阻，纵坐标是电流，在电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比，所以图象为反比例函数，故C正确；
D.图中横坐标是电压，纵坐标是电流，是电流随电压的变化图象，若电阻为定值电阻，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，用图象表示应该是一条斜向上的直线，若是小灯泡，导体中的电流跟导体两端的电压不成正比，用图象与题中的图象相同，故D错误。 12．ABC 【解析】 【详解】
A、弯折铁丝是通过做功的方式将机械能转化为内能，故A正确；
B、保温瓶的瓶盖蹦起，是气体对外做功，将内能转化为机械能，故B正确； C、燃料燃烧的过程是化学能转化为内能的过程，故C正确； D、干电池供电的过程，是将化学能转化为电能的过程，故D错误。
13．BC 【解析】 【分析】 【详解】
A．由图可知，物距大于像距，光屏上的像是倒立缩小的实像，照相机就是根据该原理制成的，故A正确； B．蜡烛燃烧一段时间后变短，像成在光屏中心的上方，据过光心的光线不改变方向，可将透镜的高度向下调，使像成在光屏的中心，故B错误． C．光屏上不能承接虚像，故C错误；
D．如果把蜡烛与光屏对调，根据光路可逆性知，光屏上仍会出现清晰的像，故D正确． 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．虚 不变 【解析】 【分析】 【详解】
平面镜成像的实质是光的反射，像点是反射光反向延长线的交点，而不是实际的光线交点，所以是虚像，平面镜成像是等大的正立的虚像，像大小等于物体本身，所以大小不变． 15．游码未调至零刻度线 83.4 不变 【解析】 【详解】
在调节天平横梁平衡时，应将游码调到零刻度线，甲图中的错误是：天平调平衡时，游码未调至零刻度线，使用这种天平测出的物体质量将偏大；由图乙知道，面饼的质量是：m＝50g+20g+10g+3.4g＝83.4g；由于质量不随物体形状的改变而改变，所以，将该面饼压碎，面饼只是形状发生改变，但质量不变。 16．3U0 电压表=3U0、电流表=0，则甲电阻断路电压表=3U0、电流表=3I0，则乙电阻短路电压表=0，电流表=1.5I0，则甲电阻短路。 【解析】 【详解】
由图可知两电阻串联，所以电阻两端电压分配与电阻成正比，由于乙电阻的阻值是甲的2倍，所以乙电阻两端电压是甲电阻的2倍，乙电阻两端电压为2U0，则电源电压为U0+2U0=3U0；若甲电阻断路，则电压表串联在电路中，电压表测电源电压=3U0，电流表示数=0；若甲电阻短路，电压表=0，电路只有乙电阻，
23，电流就变为原来的，电流表=1.5I0；若乙电阻短路，只有甲电阻接入电路，电压表321=3U0，电阻变为原来的，电流就变为原来的3倍，电流表=3I0；若乙断路，则电路不通，两表匀无示数。
3电阻变为原来的17．减少 增加 【解析】
【详解】
由图甲可知，某物质在熔化的过程中吸热，但温度不变，为晶体，其熔点为-2℃；将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中时，由于冰水混合物体的温度为0℃，则冰水混合物会向该物质放热，冰水混合物的内能减小，冰水混合物中的水符合凝固结冰的条件，所以冰水混合物中的冰会变多，即冰的质量将变大，但冰水混合物的温度不变。 18．600 75% 不变 【解析】 【详解】
2m=4m， 由图可知滑轮组的动滑轮绕2段绳，则拉力端移动的距离：s=2h=2×
2m=600J，拉力做的总功：W总=Fs=200N×4m=800J， 有用功：W有用=Gh=300N×
W有用600J==75%， 滑轮组的机械效率：η=
W总800JW有用GhGG=??由η=可知，滑轮组的机械效率与提升高度无关，所以，若其他条件不变，重W总FsF?2h2F物匀速提升高度5m，该滑轮组的机械效率不变。 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）30Ω 6V；（2）0.675W 【解析】 【详解】
（1）由P=UI得，
I额?P额U额U额I额?1.2W?0.2A 6V6W?30Ω
0.2ARL??因为滑片在a端，灯泡正常发光，所以，AB两端的电压U=U额=6V． （2）因为灯L与滑动变阻器串联，所以， R=RL+R1=30Ω+10Ω=40Ω
I?U6V??0.15A ， R40Ω灯消耗的实际功率
PL?I2RL?(0.15A)2?30Ω?0.675W
答：（1）灯丝的电阻RL是30Ω，AB两端的电压U为6V；（2）灯消耗的实际功率是0.675W； 20．（1）6V； （2）20Ω．
【解析】 试题分析
（1）由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端的电压；根据欧姆定律求出R1的两端的电压，即可根据串联电路的电压特点求出电源电压； （2）已知R2两端的电压和电流，根据欧姆定律求出R2的阻值； 试题解析
（1）由电路图可知：两电阻R1、R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端的电压，此时电路
A. 中的电流：I?I1?I2?0.2?电阻R1的两端的电压：
U1?I1R1?0.2?A?10?Ω?2?V.
因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以：
U?U1?U2?2?V?4?V?6?V．
（2）电阻R2的阻值： R2?U24?V??20?Ω. I20.2?A点睛：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是分析两电表的使用. 21．106J（3）87.5% （1）24.2Ω（2）4.2×【解析】 【详解】
U2（1）由P=UI=可得，热水器正常工作时电阻丝的电阻：
RU2(220V)2R===24.2Ω；
P2000W（2）将水箱中装满水，由ρ=
m可得，水的质量： Vm=ρV=1.0×103kg/m3×50×10-3m3=50kg， 水吸收的热量将水箱中装满水：
Q=c水m（t-t0）=4.2×103J/（kg?℃）×50kg×106J； （45℃-25℃）=4.2×（3）由P=
W可得，热水器正常工作40min消耗的电能： tW=Pt=2000W×40×60s=4.8×106J； 热水器的效率：
Q4.2?106Jη=×100%=×100%=87.5%． 6W4.8?10J答：（1）热水器中电热丝在正常工作时的电阻值是24.2Ω； 106J； （2）水所吸收的热量是4.2×（3）热水器的效率是87.5%．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．
【解析】 【详解】
由图可知，入射光线平行于主光轴，则其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，如图所示。
23．
【解析】 【详解】
先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物体AB的像，如图：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．左 40 76 1.15 小于 盐水倒入烧杯中后，会有部分盐水残留在量筒壁上，导致盐
水质量的测量值偏小 【解析】 【分析】
（1）天平的调节原则：左高左调，右高右调或右偏左调，左偏右调；
（4）由图甲可读出，量筒中盐水的体积；由乙图可读出烧杯和盐水的总质量；根据表中数据可由??计算出盐水的密度；
（5）实验中先测盐水体积，再倒入烧杯质量，从所测质量来分析，所测密度与真实值有差异． 【详解】
（1）把天平放在水平台上，将游码拨到标尺左端的零刻度处后，左高右低则说明右端重，应该将螺母向左调节；
（4）由图甲可读出，量筒中盐水的体积V=40cm，由图乙可读出，烧杯和盐水的总质量m2=76g，则盐水的质量m?m2?m1?76g?30g?46g，由??3
mVm可得，盐水的密度： V??m46g3??1.15g/cm V40cm3（5）此方法中先测盐水的体积，再将盐水倒入烧杯中测质量，盐水不能全部倒入烧杯中，会有部分盐水残留在量筒壁上，导致盐水质量的测量值偏小，根据密度公式??值偏小． 【点睛】
本题考查天平的调节、密度公式的运用，这些都是我们学习密度测量必须掌握的知识点．同时，测量顺序的合理安排，将影响到误差的大小，因此，我们应该特别注意． 25．B 【解析】
由图知，物距大于像距，此时成倒立缩小的实像；当将凸透镜换成焦距f为5cm时， u＞2f，则会在1倍焦距与2倍焦距之间成倒立缩小的实像，所以应将光屏向左移动才能得到清晰的像，故选B．
26．101 将适量的待测液体倒入平底试管中，右 62 1.1×使其仍能竖直漂浮在水面上 试管内
m可知，m偏小，V不变，则密度测量Vh2?h1ρ水 液柱的高度h1
h3【解析】 【分析】 【详解】
（1）如图，指针指在分度盘的左侧，说明天平的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动； （2）由图丙可知，杯子及杯内剩余液体的总质量m'=50g+10g+2g=62g；
（1）倒入量筒中液体的质量：m=m总-m'=128g-62g=66g，由图乙可知液体的体积为60cm1,液体的密度：
ρ=
m66g?=1.1g/cm1=1.1×101kg/m1． 3V60cm（4）将平底试管放入水槽中，使其竖直漂浮在水面上，设空平底试管的底面积为S，则G试管=G排水1=ρ水Sh1，将适量的待测液体倒入平底试管中，使其仍能竖直漂浮在水面上，用刻度尺测出平底试管底部到水面的距离h2；G液体+G试管=G排水2=ρ水Sh2；用刻度尺测出试管内液柱的高度h1，G液体=ρ液体Sh1，ρ液体Sh1+ρ
水Sh1=ρ水Sh2，ρ液体=
h2?h1ρ水． h3
2019-2020学年中考物理模拟试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，R1 为定值电阻．开关 S 闭合后，在滑动变阻器 R2 的滑片 P 向右移动的过程中，下列说法正确的是
A．电压表 V1 的示数变大 C．电压表 V2 的示数变大 2．下列粒子中不带电的是 A．质子
B．电子
B．电流表 A 的示数变大 D．电路消耗的总功率变大
C．中子 D．原子核
3．下列关于电磁信息的说法中，正确的是
A．玩具电动车的电动机是利用电磁感应原理工作的
B．闭合电路的部分导体在磁场中运动时，一定能产生感应电流 C．发电机工作时，将机械能转化为电能
D．通电导体在磁场中的受力方向只与电流的方向有关 4．下列现象属于光的折射的是 A．在湖边看到水中的鱼 B．日食和月食
C．人在穿衣镜前能看到自己在镜中的像 D．阳光下人站在地面上会出现影子 5．关于信息和能源的说法，正确的是
A．北斗卫星导航系统通过电磁波提供定位服务 B．光缆通信中光在光纤里一直沿直线传播 C．石油、风能、可燃冰属于可再生能源 D．人类已建成的核电站是利用核聚变发电的 6．下列单色光中，属于三原色光之一的是 A．黄光
B．橙光
C．紫光
D．蓝光
7．中国是世界上少数能够制造运输液化天然气专用船舶﹣﹣LNG船的国家。液化天然气的主要成份为甲烷，甲烷的熔点﹣182.5℃、沸点﹣161.5℃．LNG船在运输液化天然气过程中，储罐内最适宜的温度是 A．﹣185℃
B．﹣163℃
C．﹣160℃
D．0℃
8．如图所示，在试管内用塞子密封有少量的水，用酒精灯进行加热，下列说法正确的是
A．塞子跳出前，发现水已沸腾，这时水的沸点为100℃ B．塞子跳出前，水的温度升高，是通过做功改变了它的内能 C．塞子跳出时，看到试管口处有白雾，这是汽化现象
D．塞子被推出试管口的过程与内燃机做功冲程的能量转化情况相同
9．如图所示，把汤匙放在手指上，仔细调节支撑汤匙的支点，使其在手指上水平静止，下列说法正确的是
A．汤匙的重心在支点的右方
B．手指对汤匙的作用力方向不一定竖直向上
C．汤匙受到的重力和手指对它的作用力是一对平衡力 D．在使用汤匙舀热汤时手感觉到热，因为汤匙是导体
10．电磁铁在生活和生产中有着广泛的应用．图中应用到电磁铁的设备有
A． 空气开关 B． 普通电熨斗
C． 电话的听筒 D． 电热水壶
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．弹簧测力计下挂一长方体物体，将物体从盛有适量水的烧杯上方离水面某一高度处缓缓下降，然后将其逐渐浸入水中如图甲；图乙是弹簧测力计示数F与物体下降高度h变化关系的图象，则下列说法中正确的是
A．物体的体积是400cm3 B．物体受到的最大浮力是8N C．物体的密度是1.5×103kg/m3
D．物体刚浸没时下表面受到水的压力是12N
12．小明利用天平和量杯测量某种液体的密度，得到的数据如下表，他根据实验数据绘出的图象如图所示，量杯的质量与液体的密度分别是
液体与量杯的质量m/g 液体的体积V/cm3 A．量杯的质量20g B．量杯的质量40g
C．液体的密度1.25×103 kg/m3 D．液体的密度1.0×103 kg/m3
40 20 60 40 80 60 100 80 13．电梯是人们日常经常乘坐的设备．如图所示是某人乘坐电梯竖直上楼过程的示意图．该人乘坐电梯上楼一般经过三个过程：先由某一楼层从静止开始变速上升、达到某一速度后再匀速上升，最后再变速上升到另一楼层静止．则关于该人乘坐电梯上楼的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．在刚开始的变速上升过程中，电梯对人做的功最多 B．在匀速上升过程中，电梯对人做功的功率最大 C．不能判断三个过程中，电梯对人做功的大小关系 D．不能判断三个过程中，电梯对人做功的功率大小关系 三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．为时刻储备生活用水，图示为某具有自动蓄水功能模型示意图．图中容器为长方形的水池，A是一个底面积为10cm2的方形塑料盒，与塑料盒连接的直杆可绕固定点O转动，当蓄水量达到一定值时，活塞B103kg/cm3，g取10N/kg） 堵住进水管，注水结束，水位为H．（水的密度是1.0×
（1）注水的过程中，随着水位上升，水对水池底部的压强逐渐_____．（填“变大”“变小”或“不变”） （2）注水结束时，塑料盒浸入水中的深度是2cm，塑料盒所受的浮力是_____N． （3）若在塑料盒内放入质量为20g的物体，注水结束时的水位H高了_____m．
15．物理教师沈春胜老师不仅钢琴弹得好，书法绘画的功底也是颇为深厚，可谓琴棋书画样样精通，右图便是他的一幅画作。我们能听辨出沈老师用钢琴演奏乐曲，是利用了声音的__________；能看清绘画作品，是由于纸面发生了________反射；颜料的三原色是红、________（选填“绿”或“黄”）、蓝，把这三种颜料按一定比例混合，便能调出各种不同的颜色。
16．如图所示的电路中，闭合开关S1、S2，电流表和电压表均有示数。若断开S2，L1和L2_____（选填“串联”或“并联“），电流表的示数_____，电压表的示数_____。（后两空均选填“增大“减”或“不变”）
17．如图为一段物理创新实验视频的截图：图甲为原图，图乙为隔着空茶杯看此图片，图丙为隔着装满水的茶杯看此图片，茶杯到图片的距离相同．产生图丙情形是因为光发生折射形成_________（选填“正立”
或“倒立”）放大的像．若要使像缩小一些应将茶杯适当_________（选填“靠近”或“远离”）此图片．
18．往车上装重物时，常常用长木板搭个斜面，把重物沿斜面推上去．如图所示，工人用3m长的斜面，把120kg的重物提高lm，假设斜面很光滑，则需要施加的推力为_____，若实际用力为500N，斜面的机械效率为_____（g取10N/kg）．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图所示。圆柱形容器中装有适量的水。甲、乙两物体用细线连在一起浮在水中并处于静止状态。其中甲物体重1.2N.体积为200cm3。有
4体积浸入水中：乙物体体积为100cm3。求： 5
（1）甲物体受到的浮力； （2）乙物体的重力；
（3）请分析说明，当剪断细绳后。水对容器底的压强如何改变？
20．港珠澳大桥被誉为现代七大奇迹之一，其中长约5600m的沉管隧道通过引桥与人工岛路面相连，引桥长1000m，竖直高度为40m，简化图如图所示．重5×104N的汽车在沉管隧道中以90km/h的速度匀速行驶，所受阻力为其重力的0.05倍．从引桥最低端开始汽车功率增大到90kW匀速行驶，耗时45s到达人工岛路面，求：
（1）汽车完全通过沉管隧道需要多少秒； （2）汽车在沉管隧道中行驶时牵引力所做的功； （3）汽车在引桥上所受阻力的大小．
21．养生壶是一种用于养生保健的烹饮容器，采用新型电加热材料，通电后产生热量把壶内的水加热。下图是某款养生壶及其铭牌，求：
型号 额定电压 频率 额定功率 容量 CH--M16 220V 50Hz 1000W 1.2L 养生壶正常工作时的电阻；若正常工作时，养生壶加热效率为91%，将1kg水从20℃加热到
85℃需要多长时间：（c水=4.2×103J/（kg?℃））用电高峰期，家中只有养生壶工作时，养生壶将1kg水从20℃加热到85℃，实际用时363s，此时养生壶两端的实际电压。（设养生壶的电阻和加热效率不变）。 五、作图题（本大题共2小题，共4分） 22．
是物体，
是物体通过凸透镜所成的像，
是主光轴．请用尺规作图，画出凸透镜的位置及凸
透镜两侧的焦点．
23．请作出图中，滑轮组最省力的绕线方法．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小宇骑车时发现，不蹬脚踏板，车也能滑行一段距离，他在不同的路面上多次尝试后猜想：车滑行的距离可能与路面的粗糙程度和速度有关，为验证猜想，他设计了如下实验．
（1）为探究小球滑行距离与水平面粗糙程度的关系，小宇先后三次将小球从斜面上的同一高度处释放，三次实验结果如图甲所示，由此小宇得到结论：_______．小宇认为，通过进一步推理可以得出结论：运动的物体如果不受阻力作用，将做______运动．
（1）在上述实验中，若小球克服毛巾的摩擦力做功为W1，克服木板的摩擦力做功为W1，则W1________（选填“＞”、“＜”或“=”）W1．
（3）为了模拟研究汽车超速带来的安全隐患，小字设计了如图乙所示的探究实验：将A、B两个小球先后从同一装置，高度分别为hA、hB 的位置滚下（mA＜mB，hA＞hB），推动同一个小木块运动一段距离后静止．同组的小红认为他这样设计实验得出的结论有问题，理由是________，在如图乙所示的两次实验中，小球运动到斜面底端时动能较大是____（选填“A”或“B”）球． 25．创新小组的同学们要探究“液体内部压强有多大”。
（1）如图甲所示，小明同学将一端带橡皮膜的玻璃管逐渐浸入水中时，他看到的现象是_____。
（2）实验前，同学们认为还能利用此装置定量研究液体压强大小，分别进行了如下实验：
①小明同学在玻璃管中分别倒入不同质量的细沙，将玻璃管竖直插入水中，直至橡皮膜没有凹凸时，并测出橡皮膜在水中的深度，数据记录在表中。 次数 沙子的质量/g 橡皮膜的深度/cm 分析表中数据，可得出的结论是_____。
②小聪同学将玻璃管浸入水中某一深度，然后往玻璃管中注入水，直至橡皮膜没有凹凸，观察玻璃管内水的高度，发现内外水面相平，如图乙，这是因为_____；她在此基础上进行理性探究，设水的密度是ρ，玻璃管内截面积是S，橡皮膜距水面的深度是h。他能得到的结论是：_____。
（3）在课后反思时，小聪同学脑洞大开，她拔掉压强计的胶管，在U形管中分别倒入了水和煤油。待液体不流动时，测出如图丙所示的两段液体的高度。若水的密度是ρ，则煤油的密度的表达式是_____。 26．“测量小灯泡的电功率”的实验电路图如图甲所示，电源电压恒为6 V，小灯泡的额定电压为2.5 V．
1 10 5 2 20 10 3 30 15 请用笔画线代替导线将图乙中的实物连接完整．现有
滑动变阻器R1（5 Ω 0.3 A）和R2（50 Ω 1 A），实验时应选用滑动变阻器________；闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P滑到端________（填“A”或“B”）；闭合开关后，小明发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来他首先应该操作的是_____（填序号）； A．检查电路是否开路 B．检查电路是否短路
C．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光实验过程中，移动滑动变阻器的滑片P的同时，眼睛应注视________（填序号）；
A．电压表示数 B．电流表示数 C．滑动变阻器滑片调节滑片P至某位置时，小灯泡恰好正常发光，此时电流表示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为___W；
图丁是小明根据实验数据绘制的小灯泡的电流与电压关
系图象．由图象可知，小灯泡的阻值随电压的增大而________（选填“增大”“减小”或“不变”）．
参考答案
一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．A 【解析】
电路中定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，V1测R2两端的电压，V2测电源电压，电流表A测电路中的电流，当滑片P向右移动时，R2连入电路中的电阻变大，根据串联电路的电压特点，电压表V1示数变大，V2示数不变，根据I?BCD错误． 2．C 【解析】 【详解】
在原子中，电子带负电，质子带正电，原子核带正电是由于质子带正电，而中子不带电，故C正确。 3．C 【解析】 【详解】
U可知，电流表A示数变小，又据P?UI知，电路消耗的总功率变小，故A正确，RA、玩具电动车的电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故A错误； B、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，故B错误； C、发电机工作时，消耗机械能，产生电能，故是将机械能转化为电能的装置，故C正确； D、通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向和磁场方向有关，故D错误． 4．A 【解析】 【分析】 【详解】
A．水中的鱼反射的光线从水射入空气，在水面上发生折射，故A符合题意； B．日食和月食的是由光的直线传播形成的，故B不符合题意；
C．人在穿衣镜前能看到自己在镜中的像， 是平面镜成像，是由光的反射形成的，故C不符合题意； D．阳光下人站在地面上会出现影子，是光沿直线传播形成的，故D不符合题意； 5．A 【解析】 【详解】
A、电磁波可以在真空中传播，“北斗”导航是利用电磁波进行定位和导航的，故A正确； B、光在光导纤维中不断反射，不是沿直线传播的，故B错误；
C、石油、可燃冰属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。风能在自然界中可以不断再生、连续利用，属于可再生能源，故D错误； D、核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的，故D错误。 6．D 【解析】 【分析】 【详解】
用放大镜观察彩色电视画面，可以发现是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，因此红、绿、蓝被称为色光的三原色，故ABC错误D正确． 7．B 【解析】 【详解】
LNG船在运输液化天然气过程中，应使其处于液态，储罐内最适宜的温度应小于沸点，但高于凝固点（熔点），故其范围应为﹣182.5℃＜t＜﹣161.5℃。对照选项可知，只有﹣163℃符合要求。 8．D 【解析】
【详解】
A、水沸腾后，继续加热，管内气压迅速增大、沸点升高，此时水的温度会高于100℃，故A错误； B、塞子跳出前，水的温度升高，是通过热传递增加了它的内能，故B错误；
C、木塞冲出的过程中，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，同时水蒸气的内能减小、温度降低，液化为小水珠漂浮在空中，形成“白雾”，故C错误；
D、内燃机的做功冲程过程中将内能转化为机械能，木塞冲出的过程中，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，能量转化情况与内燃机做功冲程相同，故D正确。 9．C 【解析】 【详解】
A、汤匙放在手指上平衡，受平衡力作用，重力和支持力作用在同一直线上，故汤匙的重心在支点的正上方，故A错误；
BC、汤匙受到的重力和手指对它的支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上，是一对平衡力，手指对汤匙的作用力方向竖直向上，故B错误、C正确； D、在使用汤匙舀热汤时手感觉到热，因为汤匙是具有好的导热性，故D错误。 10．A 【解析】
当电路中电流过大或者短路，空气开关中的电磁铁起作用，使开关断开，切断电路，起到保护电路的作用，所以空气开关中应用到电磁铁，A符合题意为答案．
电熨斗是把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故B不符合题意． 电话话筒的作用是把声音信号变化成电信号，是电磁感应现象，故C不符合题意． 电热水壶是利用电流的热效应工作的，把电能转化为内能，故D不符合题意． 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．BC 【解析】 【详解】
AB、由图象知，G＝12N，当物体完全浸没时，拉力F＝4N，
则完全浸没时的浮力为F浮＝G﹣F＝12N﹣4N＝8N，此时物体完全浸没，故浮力最大为8N，B正确；
F浮8NV＝V排＝10﹣4m3＝800cm3，由F浮＝ρ液gV排得物体的体积：＝＝8×故A33?水g1.0?10kg/m?10N/kg错误；
C、物体的质量：m＝
G12N=＝1.2kg； g10N/kg则物体的密度：ρ＝
m1.2kg=＝1.5×103kg/m3，故C正确； ﹣43V8?10mD、物体刚浸没时，上表面受到水的压力为0，则下表面受到的压力F下＝F浮＝8N，故D错误． 12．AD 【解析】 【详解】
由图及表格中数据可知，当液体体积为0时，即量杯中没有装液体时，质量是20g，这就是量杯的质量，m杯=20g；由图可知，当体积为60cm3时，液体质量m=80g-20g=60g，则液体的密度：
?=m60g??1g/cm3?1?103kg/m3． 3V60cm故选AD． 13．CD 【解析】 【详解】
根据W＝Fs知道，功的大小与力的大小和物体在力的方向上通过的距离有关；
在电梯加速上升时，支持力F大于G；匀速上升时，支持力F等于G；减速上升时，F小于G；但在三个过程中，人在力的方向上通过的距离无法确定，所以功的大小无法确定，故A错误，C正确． 由P＝
W知道，功率的大小与功的大小和时间有关；由于三个过程中功的大小无法确定，时间也没有确t定，所以不能比较三个过程中，电梯对人做功的功率大小关系，故B错误，D正确． 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．变大 0.2 0.02 【解析】 【详解】
（1）随着水位上升，由p=ρgh可知，水对水池底部的压强逐渐变大； 2cm=20cm3=2×10-5m3； （2）塑料盒排开水的体积：V排=Sh=10cm2×
103kg/m3×10N/kg×2×10-5m3=0.2N； 塑料盒受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×10N/kg=0.2N； （3）物体重力：G=mg=0.02kg×
注水结束时，塑料盒受到的浮力应增加0.2N， 塑料盒排开水的体积增加值：?V排=?F浮0.2N=?2?10?5m3 33?水g1?10kg/m?10N/kg?V排2?10?5m3水位变化：H???0.02m ?32S1?10m15．音色 漫 黄 【解析】 【详解】
音色跟材料和物体的结构有关，我们能听辨出沈老师用钢琴演奏的乐曲，是因为钢琴的音色跟其他乐器不同；
之所以能看清绘画作品，是由于纸面向不同方向都有反射光线，即发生了漫反射；颜料的颜色非常多样，其中红、黄、蓝这三种颜料按一定的比例混合可以调出各种不同的颜色来，所以这三种颜色称为颜料的三原色。
16．串联 减小 减小 【解析】 【详解】
由电路图可知，闭合开关S1、S2时，电流从电源的正极出发，依次经S1、电流表、S2、L1回到电源的负极，电压表并联在L1两端测其两端的电压，即此时只有L1发光；若断开S2后，电流从电源的正极出发，依次经S1、电流表、L2、L1回到电源的负极，电压表并联在L1两端测其两端的电压，即此时两灯泡串联；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，即总电阻大于任何一个分电阻，所以断开S2后，电路中的总电阻变大，由I＝
U可知，电路中的电流变小，即电流表的示数减小；由U＝IR可知，L1两端的电压变小，R即电压表的示数减小。 17．倒立 远离 【解析】 【详解】
茶杯装水后，相当于凸透镜，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的．由图知，看到的是倒立放大的实像．要使此像缩小一些，根据凸透镜成像规律“物远像近像变小”可知，应将茶杯适当远离此图片． 18．400N 80% 【解析】 【分析】
（1）人做的有用功是将物体沿斜面推上小车，即将物体升高了h，故有用功为人克服重力做功，利用功的原理由W=mgh=Fs，可求得施加的推力；
（2）利用已求得的有用功和总功，由机械效率公式可求得斜面的机械效率； 【详解】
有用功：W有=Gh=mgh=120kg×10N/kg×1m=1200J；
斜面很光滑，由功的原理可知，推力对物体做的功等于人做的有用功 即：Fs=mgh=1200J， 解得： F=
1200J=400N； 3m若实际用力为 500N，人所做的总功： W总=Fs=500N×3m=1500J；
斜面的机械效率： η=
W有用W总×100%=
1200J×100%=80%；
1500J四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）1.6N（2）1.4N（3）变小 【解析】 【详解】
（1）甲物体受到的浮力：F甲浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×
4×200×10-6m3=1.6N； 5（2）甲乙看做一体，根据漂浮的物体受到的浮力等于重力，由图可知，F浮=G甲+G乙，物体乙的重力：G
33
乙=F浮-G甲=ρ水g(V甲排+V乙排)-G甲=1.0×10kg/m×10N/kg×(
4×200×10-6m3+100×10-6m3)-1.2N=1.4N； 5m乙G1.4N140g=0.14kg=140g，物体乙的密度：ρ乙===1.4g/cm3，（3）物体乙的质量：m乙==3V乙100cmg10N/kg因为ρ乙>ρ水，所以剪断细绳后，乙物体沉底，甲物体将上浮一些，它们受到的总浮力变小，液面会下降，根据p=ρgh，故水对容器底的压强变小。 20．（1）224s；（2）1.4×107J；（3）2050N． 【解析】 【分析】 【详解】
（1）沉管隧道中汽车速度为：v1＝90km/h＝25m/s，则汽车完全通过沉管隧道需要的时间：
；
5×104N＝2500N，因为汽车做匀速直线运动，所以汽车所受（2）汽车所受阻力大小为：f＝0.05G＝0.05×
F＝f＝2500N，牵引力为：则汽车在沉管隧道中行驶时牵引力做的功：104W，根据（3）汽车在引桥上行驶时功率为：P＝90kW＝9×
5600m＝1.4×107J；＝2500N×
可得，牵引力所做的功为：
104W×45s＝4.05×106J，重力做功为＝9×104N×40m＝2×106J，阻力做功为W2＝W牵﹣W重＝＝5×
4.05×106J﹣2×106J＝2.05×106J，汽车所受阻力大小为.
21．（1）48.4Ω（2）300s（3）200V 【解析】 【详解】
（1）由P=可得，养生壶正常工作时的电阻是：R==（2）水吸收的热量是：
═48.4Ω。
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg?℃）×1kg×105J， （85℃-20℃）=2.73×由η=
知道，养生壶消耗的电能是：W=
=
=3×105J，
由P=知道，养生壶工作时间是：t===300s；
（3）在用电高峰时，养生壶仍然将1kg水从20℃加热到85℃，水吸收的热量不变，且加热效率不变，所105J， 以养生壶消耗的电能不变，仍然为3×则养生壶的实际功率是：P实==
=
W，
养生壶的电阻不变，由P=可得实际电压是：U实=五、作图题（本大题共2小题，共4分）
==200V。
22．
【解析】 【分析】
平行于主光轴的光线通过凸透镜后会聚于焦点；过光心的方向不变；从焦点发出的光线，过凸透镜后平行于主光轴。还要知道由物体经过凸透镜的光线会聚到像点。 【详解】
连接AC，AC连线与主光轴的交点是凸透镜的光心，也就确定出凸透镜的位置。过A点作平行于主光轴的入射光线，然后根据折射点和C即可确定折射光线，折射光线与主光轴的交点即为右侧焦点F；过C作平行于主光轴的折射光线，然后根据A和折射点确定入射光线，入射光线与主光轴的交点即为左侧焦点F；
如下图所示：
【点睛】
此题考查了凸透镜对光线的会聚作用，考查了对三条特殊光线的应用，要理解成像的原理，根据过光心的光线传播方向不变确定凸透镜的位置是解决此题的关键。
23．
【解析】 【详解】
只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上， 绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．在水平面上的初始速度相等时，水平面越光滑，小球滑行距离越远匀速直线=没有控制两个小球的质量相等A 【解析】 【分析】 【详解】
(1)在探究过程中，采用控制变量法，保证小车到达水平面时的速度相同，通过实验结果可以看出，接触面越粗糙，摩擦力越大，小球速度减小的越快，运动的距离越短；
若水平面光滑无摩擦，则小球不受摩擦力，小球的速度和方向不变，即做匀速直线运动．
(1)在本实验中，小球的动能都用来克服摩擦力做功了，由于小球质量和速度相同，所以三次的动能相同，做的功也相同；
(3)要模拟研究汽车超速带来的安全隐患，应使速度不同但质量相同的小球撞击木块，由图乙知，小球的质量不同，这种设计不合理；
由图可知，A球对木块的推动距离大，说明A球对木块做功多，进而说明运动到斜面底端时A球动能较大．
25．橡皮膜向内凹，且随着浸入深度的增加凹陷的越明显 种液体内部的压强与深度成正比 橡皮膜
h1处于二力平衡状态 液体压强p＝ρgh ρ煤油＝ρ
h2【解析】 【详解】
（1）当小明同学将玻璃管逐渐浸入水中时，橡皮膜会逐渐向内凹，且随着浸入的深度的增加凹陷的越明显；因为液体有向上的压强，且液体的压强随深度的增加而增大；
（2）①由表中数据可知，沙子质量是原来的2倍，橡皮膜受到的压强也原来的2倍，此时橡皮膜的深度也是原来的2倍，因而可得出的结论是：同种液体内部的压强与深度成正比。②设水的密度是ρ，玻璃管的内截面积是S，橡皮膜距水面的深度是h，向玻璃管中倒水，直至橡皮膜变平，橡皮膜它受到玻璃管中水向下的压力即F向下和烧杯中水向上的压力即F向上，因为橡皮膜处于二力平衡状态，受平衡力。所以F向
下
＝F向上，即：F向下＝F向上＝G＝pS，p＝
Gmg?Vg??＝ρgh。得到的结论是液体压强p＝ρgh； sss（3）由于左侧管中装有密度为ρ的液体水，液体水的深度为h1，则产生的向右的压强为p1＝ρgh1；右侧管中装有密度为ρ煤油的液体煤油，液体煤油的深度为h2，则产生的向左的压强为p2＝ρ煤油gh2；因为两种
h1? 液体不流动，则p1＝p2；即：ρgh1＝ρ煤油gh2；所以，ρ煤油＝h2。
26． R2 B C A 0.95 增大
【解析】 【详解】
（1）测量小灯泡的电功率，应将电压表并联在小灯泡两端，根据小灯泡的额定电压为2.5V，电压表需选用0~3V量程；连图如下：
（2）由串联电路特点和欧姆定律可得，小灯泡正常发光时，变阻器连入阻值：
R?URU?U额6V?2.5V??=9.2Ω， II0.38A因此应选用滑动变阻器R2；
（3）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P置于阻值最大位置，故滑片P滑到B端．
（4）闭合开关后，小明发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，说明电路是连通的，灯泡不发光可能是实际功率太小，所以应移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故答案为C。
（5）实验过程中，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光。因此，眼睛应注视电压表示数，故答案为A。
（6）由图丙可知，电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，因此示数为0.38A；所以小灯泡额定功率： P额=U额I=2.5V×0.38A=0.95W。
（7）由图丁可知，小灯泡的阻值随电压的增大而增大。
2019-2020学年中考物理模拟试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图所示，在一端封闭的均匀圆玻璃管中装入适量的小铅丸，把它放在纯水中漂浮，水的密度为ρ水，水面刚好与其上面的刻度线A重合，若再加入一些小铅丸，把它放入另一种密度为ρ液的液体中漂浮时，其液面也刚好与刻度线A重合，则
A．玻璃管在水和液体中受的浮力相等 B．与水相比，玻璃管在液体中所受的浮力较大 C．ρ水=ρ液 D．ρ水>ρ液
2．如图所示，小钢球沿光滑的线路由A经B和C到D，已知AB＝BC＝CD，A、B、C、D在同一水平面上，则球经过AB、BC、CD面的时间t1、t2、t3的关系为
A．t1＝t2＝t3 C．t1＜t3＜t2
B．t1＞t2＞t3 D．t1＜t2＜t3
3．POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利．POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息．下图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
4．如图所示是某同学在研究凸透镜成像规律时作出的像距v和物距u的关系图象，根据图象可以判断下列说法正确的是：
A．该凸透镜的焦距是20cm
B．当u＝l8cm时成倒立、缩小的实像
C．当u＝8cm时，该凸透镜的成像特点与照相机的工作原理相同 D．物距u从15cm增大到30cm的过程中，光屏上成的像逐渐变小
5．如图为一条刚装好的民用照明电路，在未装保险丝之前，先将规格为“220 V 40 W”的白炽灯L0接在火线上要装保险丝的两个接线柱上，当只闭合S1时，L0和L1都呈暗红色；当只闭合S2时，L0不亮；当只闭合S3时，L0正常发光．下列判断正确的是
A．L0暗红色时消耗的功率为40 W B．L1所在支路短路 C．L2所在支路短路 D．L3所在支路短路
6．下面所述案例是物理学知识在生活中的广泛应用，其中说法正确的是 A．菜刀不锋利了在磨石上磨一磨，是为了减小压强 B．水坝建造成上窄下宽是因为液体的压强随深度增加而减小 C．用吸管能把饮料吸入嘴里，是因为嘴对饮料有吸引力 D．用高压锅煮食物熟得快，是因为锅内气压大液体沸点高
7．一支密度计分别放入两种液体中，静止时位置如图所示。若密度计在甲乙液体中受到的浮力分别是F甲、F乙，甲乙两种液体的密度分别为ρ甲、ρ乙。下列说法正确的是（ ）
A．F甲＜F乙 B．F甲＞F乙 C．ρ甲＜ρ乙 D．ρ甲＞ρ乙
8．屠呦呦因发现青蒿素成为首位获自然科学类诺贝尔奖的中国人．青蒿素受热易失去活性，为了从溶液中提取青蒿素，她创造性地选用乙醚代替水或酒精，这是利用乙醚具有（ ） A．.较高的沸点 C．较低的熔点
9．下列描述中，与物理学史不符的是
A．伽利略通过对“斜面小车实验”的分析，认识到“阻力越小，小车速度减小得越慢” B．格里克通过马德堡半球实验精确地测出了大气压强的值 C．焦耳最先精确地确定了电热与电流、电阻和通电时间的关系 D．奥斯特最早发现电流周围存在磁场，从而揭示了“电与磁的联系”
10．春节，南京市内禁止燃放烟花爆竹．为烘托气氛，小明同学先到网上下载了别人录制好 的鞭炮声 mp3 到 U 盘，到时插到播放器上进行播放，呵呵！这电子鞭炮声效果妙极了！下 列说法中错误的是 A．保证了声音音色的逼真 B．使声能转化成电能
C．轻松避免了火灾，不留垃圾，更加环保 D．可随意调节声音响度到最合适 二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图所示的电路，闭合开关后，在滑动变阻器的滑片 P 从 a 端向 b 端滑动的过程中(设灯泡工作时电阻不随温度变化) ：
B．较小的比热容 D．较低的沸点
A．电路的总电阻逐渐变大 B．通过乙灯的电流逐渐变大 C．滑动变阻器两端的电压逐渐变小 D．甲灯逐渐变亮
12．下列估测符合实际的是
A．一个苹果的质量约为150g B．人的正常体温约为37℃ C．蜗牛爬行的速度约为0.5m/s D．泰山山顶上的大气压约为1.8?105Pa
13．如图所示，水平地面上放有上下两部分均为柱形的薄壁容器，两部分的横截面积分别为S1、S1．质量为m的木球通过细线与容器底部相连，细线受到的拉力为T，此时容器中水深为h（水的密度为ρ0）。下列说法正确的是（ ）
A．木球的密度为B．木球的密度为
ρ0 ρ0
C．剪断细线，待木球静止后水对容器底的压力变化量为T D．剪断细线，待木球静止后水对容器底的压力变化量为三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．如图所示，容器中间用隔板分成两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时其形状为一凹面．它可以用来做“探究液体压强跟深度、液体密度有关”实验．
T
要探究液体压强跟深度的关系，在容器的左、右两部分装入密度_____（填“不同”或“相
同”）的液体，会看到橡皮膜凸向深度_____（选填“大”或“小”）一侧．要探究液体压强跟密度的关系，某同学在两侧装入酒精和水，如图，若橡皮膜表面平整，则在容器的右侧装入的是_____（“酒精”或“水”）．
15．使用弹簧测力计之前，要先观察弹簧测力计的______。若在某次测量中弹簧测力计的示数如图所示，则所测得的拉力大小为______N。
16．光在水中的传播速度为空气中传播速度的
32，光在玻璃种的传播速度为空气中传播速度的 。当光
34从空气中斜射入水中时，折射光线偏向法线；当光线从空气中斜射入玻璃中时，折射光线也偏向法线。大量实验表明，光的折射现象与光在介质中速度有关。据此，当光线从玻璃中斜射入水中时，折射光线会_______（选填“偏离”或“偏向”）法线。
17．小丽在探究凸透镜成像规律时，使用的透镜焦距为10cm，它们把蜡烛和凸透镜分别放在如图所示位置，然后调节光屏至合适的位置，则显示一个倒立、_____（填“放大”或“缩小”）的像，在照相机和投影仪中，成像情况与此类似的是_____。
18． “粘”字常用来表述一些物理现象，例如：表面平滑的铅块紧压后会粘在一起，这是因为分子间有________；吸盘式挂衣钩能够“粘”在墙上是由于吸盘受到________的作用；刚从冰箱的冷冻室拿出的冰棒会“粘”住舌头是因为液体瞬间________的缘故；穿在身上的化纤衣服易“粘”毛绒是因为衣服带了________的缘故。
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．工人利用如图所示的滑轮组在5s内把重物匀速提升2m，已知所用的拉力为250N，不计绳重和各处摩擦，求：
绳子自由端移动的速度；拉力的功率；若滑轮组的机械效率为80%，求所提升物体的重力
大小．
20．有两只灯泡，A灯“6V 6W”，B灯“6V 3W”．A和B中电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示．
将A、B并联接在6V电源两端，求干路上的电流；
B串联接在某电源两端，将A、使B灯恰好正常发光，求此时A灯电阻；将A与一个滑动变阻器（20Ω 2A）串联接在6V电源两端，如图乙所示．调节滑动变阻器，当滑动变阻器的功率为A灯功率的两倍时，求滑动变阻器的功率．
21．我国北方冬天比较寒冷，许多家庭安装了一种利用电来取暖的床﹣﹣“韩式电热坑”．其工作电路可简化为如图所示，其中K为保护开关，平常处于闭合状态，当温度超过某一警戒温度时自动断开，扇形导体S为旋转型选档开关，可绕0点旋转，每次都和相邻的两触点同时接触，从而实现关、低、中、高四个档位的转换（档位顺序未知，电功率越大档位越高）．小明在家里利用所学的物理知识来测量该电热炕的电功率．他先关闭家里其它所有的用电器，然后将S旋转到与触点1、2连接，观察发现家里标有“3000r/（kW?h）”的电能表的转盘在1min内刚好转了20转．已知R1和R2是发热电阻，R2的阻值是R1的2倍，其它电阻忽略不计，小明家电压恒为220V．完成下列问题：
(1)当S与触点1、2接触时，电热炕功率是多少？ (2)当电热坑处于低档时，电路中通过O点的电流是多少？
(3)当该电热炕处于低档，且正常工作30min，所消耗的电能可使1.8L水从25℃升高到多少摄氏度？[无热103J/（kg?℃）损失，c水=4.2×，结果保留1位小数] 五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．在图中，画出沿光滑斜面上向上运动的物体A的重力示意图。 （________）
23．在如图中，作出入射光线的反射光线和折射光线． （_____）
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．在“探究二力平衡条件”的活动中，通过探究力对物体的作用效果来实现探究目的．
如图，甲装置是探究二力平衡条件的一种方法，实验中通过改变
砝码的__________来探究二力大小的关系；通过扭转小车松手后观察小车的状态，来探究二力是否________________________．小明发现用图甲装置无法完成全部探究过程，又设计了图乙所示的装置．在卡片平衡时，用剪刀将卡片从中间剪开，并观察随之发生的现象，由此可以得到二力平衡的又一个条件__________________________．把硬纸板支撑起来，不再与桌面接触的目的是________________________． 25．如图所示是“探究平面镜成像特点”的实验装置。请你完成下列问题：
（1）在实验中，用薄玻璃板代替平面镜进行实验，这样做的目的是_______________________； （2）在实验中，为了确定蜡烛B和蜡烛A的像是否完全重合，人眼的观察位置应该是_____（选填序号）①直接观察玻璃板后蜡烛B；②在玻璃板前蜡烛A这一侧不同的位置；③直接观察光
（3）如果实验中采用的玻璃板较厚，结果观测到蜡烛A通过玻璃板在不同位置成了两个清晰的像，且测得这两个清晰的像之间的距离为0.6cm，则所用的玻璃板的厚度为________mm； 26．在探究“冰的熔化特点”实验中，
如图甲所示，是小明根据实验数据作出的冰加热时温
度随时间变化的图像．分析图像可知，冰的熔点是___℃，其熔化过程的特点是___________．在第6min该物质处于______（选填“固态”、“液态”或“固液共存状态”）．由图像可以看出：AB段与CD段随着加热进行，温度变化的快慢明显不同，小明在老师的提示下明白了其中原因原冈．你认为是
______________________．另一个小组为了使物质更快受热，实验装置如图乙所示，你认为该装置在在的不足是_____________________________________________．
参考答案
一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．B 【解析】 【详解】
AB.玻璃管在水漂浮时没有加小铅丸，而在液体中漂浮时是加入了小铅丸的，所以在液体中漂浮时重力大，漂浮时浮力等于重力，即玻璃管在液体中时浮力大．故A错误，B正确． CD.因两次液面都与刻度线A重合，则两次V排相同．由F浮=ρ液gV排得ρ水=力大的液体密度大，即ρ水<ρ液．故C、D错误． 2．D 【解析】 【详解】
因为接触面光滑，所以A、B、C、D四点的速度相同，并且AB＝BC＝CD，而在AB内的速度比A点的速度大、在BC内的速度等于A点的速度、在CD内的速度小于A点的速度；因此速度大的，时间短，故t1＜t2＜t3。故ABC错误，D正确。 3．C 【解析】 【分析】 【详解】
A．如图反映电流周围存在着磁场．A选项错误．
B．如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动．B选项错误．
C．如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应选项．C选项正确．
D．如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动．D选项错误． 4．D 【解析】
F浮可知，V排相同时，浮gV排【分析】 【详解】
A.当u=v=2f，凸透镜成倒立、等大的实像，由图像可知u=v=2f=20cm时，该凸透镜的焦距是故A错误；
B.当2f>u=18cm>f时成倒立、放大的实像，故B错误；
C.当u=8cm D.物体从距凸透镜15cm处移动到30cm处的过程中，凸透镜的物距大于焦距，成实像，凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小．故D正确． 5．D 【解析】 【分析】 【详解】 由图可知，在未装保险丝之前，先将规格为“220V 40W”的白炽灯 L0 接在火线上要装保险丝的两个接线柱上，当只闭合 S1 时， L0 与 L1 串联，两灯泡分得的电压都小于额定电压，所以他们的功率都小于额定功率40W， L0 和 L1 都呈暗红色是正常的，说明 L1 所在支路正常，故A、B错误； 当只闭合 S2 时， L0 与 L2 串联， L0 不发光，说明灯泡 L2 所在支路断路，故C错误； 当只闭合 S3 时， L0 与 L3 串联， L0 正常发光，即表示 L0 两端电压为220V，说明 L3 所在支路短路，故D正确． 6．D 【解析】 【分析】 【详解】 A．增大压强的方法可以增大压力，也可以减小受力面积，菜刀不锋利了在磨石上磨一磨，是为了减小受力面积，增大压强，故A错误； B．液体压强随深度的增加而增大，水坝底部由于水深度大，受到的压强大，所以修建成上窄下宽的结构，故B错误； C．我们用吸管吸饮料时，把吸管内的空气吸走了，瓶内的饮料在瓶内大气压的作用下进入嘴里，故C错误； D．水的沸点随气压的升高而增大，用高压锅煮食物时，增大了锅内的气压，从而提高了水的沸点，所以熟得快；故D正确． 7．C 【解析】解：AB、由于密度计两次静止时都处于漂浮，则F浮=G， 即密度计在两种液体中受到的浮力相等，都等于密度计受到的重力G．故AB错误； 20cm?10cm，2CD、由图知，密度计排开液体的体积：V甲排＞V乙排， 由F浮=ρ液gV排可知：ρ甲＜ρ乙；故C正确，D错误。 故选：C。 点睛：同一密度计在两种液体中都漂浮，所以受到的浮力都等于密度计所受到的重力。 8．D 【解析】 【详解】 在从青蒿溶液中提取青蒿素时，不用水煮而是放在乙醚中煮，这是因为乙醚的沸点低；当乙醚沸腾后，继续加热，乙醚的温度不会升高，避免由于温度高而破坏青蒿素的有效成分．故D正确．ABC错误． 9．B 【解析】 【详解】 A. 伽利略根据理想斜面实验，认识到“阻力越小，小车速度减小得越慢”，提出力不是维持物体运动的原因，故正确； B. 托里拆利利用玻璃管和水银第一个测出大气压强的值，故错误，与物理学史不符； C. 焦耳最先精确确定电热与电流、电阻、通电时间的关系，即焦耳定律，故正确； D. 奥斯特最早发现电流的周围存在磁场，揭示了电流的磁效应，故正确。 10．B 【解析】 【详解】 ACD、燃放大量传统鞭炮时，引发的大大小小火灾甚多，造成损失很大，而电子鞭炮可以避免火灾、无污染，且音色逼真、音量可以自由调节，故ACD正确，不符合题意； B、电子鞭炮发声时消耗电能，得到了声能，即将电能转化成声能，故B错误，符合题意。 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．CD 【解析】 A．由电路图可知，灯泡乙与滑动变阻器并联，在与灯泡甲串联，在滑动变阻器的滑片 P 从 a 端向 b 端滑动的过程中，并联部分电阻变小，电路的总电阻逐渐变小，故A错误． B．电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，灯泡甲的电阻不变，由U=IR可知，灯泡甲两端电压变大，甲逐渐变亮，电源电压U不变，灯泡甲两端电压U甲变大，由U滑=U并=U-U甲可知，滑动变阻器两端电压变小，乙灯两端的电压变小，故通过乙灯的电流变小， 故B错误． C．根据串联分压原理，并联部分电阻变小，两端电压变小，故C正确． D．电路中电流变大，甲灯实际功率变大，甲灯逐渐变亮，故D正确． 答案为CD． 12．AB 【解析】 【详解】 A. 一个鸡蛋的质量在50g左右，一个苹果的质量约为三个鸡蛋的质量，50g?3=150g，故A符合实际； B.正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故B符合实际； C.蜗牛是种爬行速度极慢的动物，蜗牛爬行的速度约为0.0015m/s，远小于0.5m/s，故C不符合实际； D.因为在地面附近的大气压约为1标准大气压，而1标准大气压约为1?105Pa，又因为大气压随海拔高度的升高而降低，所以泰山山顶上的大气压一定小于1标准大气压，不可能为1.8?105Pa，故D不符合实际； 13．AD 【解析】解： （1）木球浸没时，其受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和绳子的拉力， 由于木球处于静止状态，受力平衡，根据力的平衡条件可得： F浮=G+T=mg+T， 木球浸没时，V排=V木，则根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可得： ρ0gV排=mg+T， 由ρ=可得木球的体积：V木=所以，ρ0g×解得ρ木= =mg+T， ρ0；故A正确，B错误； ， （1）剪断细线，木块漂浮，F浮′=G=mg， 则待木球静止后浮力变化量为：△F浮=F浮﹣F浮′=mg+T﹣mg=T， 根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可得水面下降的高度（容器上部的水面下降）： △h===， 则由△p=可得，水对容器底的压力变化量： △F=△pS1=ρ0g△hS1=ρ0g×故选：AD。 S1=T，故C错误，D正确。 点睛：本题综合考查受力平衡和阿基米德原理的应用，关键是从图象上读出水面的下降高度的判断，注意底部所受压力一定利用F=pS计算，有一定的难度。 三、填空题（本大题共5小题，共10分） 14．（1）相同 小 （2）酒精 【解析】 试题分析：（1）要探究液体压强和深度的关系，要控制液体密度一定，所以两侧装同种液体；密度相同时，深度小的压强小，所以橡皮膜会向深度小的一侧凸起； （2）两侧分别装入酒精和水时，若橡皮膜平整，说明两侧压强相等，由于h右?h左，所以?右??左，右侧装的是酒精． 考点：液体压强 15．量程和分度值 3.4 【解析】 【详解】 在使用弹簧测力计测力前首先要对弹簧测力计进行观察，明确量程和分度值，然后看指针是否指在零刻度线处； 由图可知：弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N．此时指针指在“3.4”处，所以拉力为3.4N。 16．偏离 【解析】 【详解】 由题意知光在空气中传播速度快、在水中传播速度慢；当光从空气中斜射入水中时，折射光线偏向法线；根据题意还可知：光在空气中传播速度快、在玻璃中传播速度慢，当光线从空气中斜射入玻璃中时，折射光线也偏向法线，所以可总结：当光从传播速度大的介质斜射向传播速度小的介质中时，折射光线偏向法线；根据该结论光线从玻璃中的速度小于水中速度；当光线从玻璃中斜射入水中时，折射光线会偏离法线。 17．缩小 照相机 【解析】 【详解】 凸透镜的焦距是10cm，如图，物距为 u=40cm-10cm=30cm，因为u＞2f，所以成倒立、缩小的实像，应用于照相机。 18．引力 大气压 凝固 静电 【解析】 【详解】 分子间有相互作用的引力和斥力，光滑铅块压在一起就能“粘”住是因为分子间有引力；吸盘式挂衣钩用力挤压在墙上时，吸盘内空气被挤压出来，在外界大气压的作用下紧紧地吸在墙上，所以吸盘式挂衣钩能够“粘”在墙上是由于大气压的作用；刚从冷冻室拿出的冰棒会“粘”住舌头，是因为舌头上的水分遇到比较冷的冰棍凝固成冰，液态变为固态的现象叫凝固；穿着的化纤衣服“粘”毛绒是因为衣服摩擦起电后 带静电，会吸引轻小物体。 四、计算题（本大题共3小题，共29分） 19．（1）0.8m/s；（2）200W；（3）400N 【解析】 【详解】 2m=4m， （1）由图可知滑轮组的动滑轮绕2段绳，绳子自由端移动的距离：s=2h=2×绳子自由端移动的速度：v?s4m?=0.8m/s； t5s4m=1000J， （2）拉力做的总功：W总=Fs=250N× W总1000J拉力的功率：P??=200W； t5s（3）有用功：W有用=W总η=1000J×80%=800J； 由W有用=Gh可得物体的重力：G?W有用800J?=400N． h2m答：（1）绳子自由端移动的速度为0.8m/s； （2）拉力的功率为200W； （3）若滑轮组的机械效率为80%，所提升物体的重力大小为400N． 20．（1）1.5A（2）4Ω（3）2W 【解析】 【分析】 （1）将A、B并联接在6V电源两端时，两灯泡两端的电压相等，根据图象读出通过两灯泡的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流；（2）将A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，根据图象读出通过B灯的电流即为电路中的电流，再根据图象读出A灯两端的电压，根据欧姆定律求出此时A灯电阻；（3）将A与一个滑动变阻器串联接在6V电源两端时，通过它们的电流相等，根据P=UI可知R与A灯的电阻关系，根据串联电路的电压特点表示出电源的电压即可求出A灯和滑动变阻器两端的电压，根据图象读出电路中的电流，利用P=UI求出滑动变阻器的功率． 【详解】 (1)将A. B并联接在6V电源两端，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两灯泡两端的电压均为6V，由图甲可知,通过两灯泡的电流分别为IA=1.0A,IB=0.5A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路上的电流：I=IA+IB=1.0A+0.5A=1.5A； (2)将A. B串联接在某电源两端，因串联电路中各处的电流相等，且使B灯恰好正常发光，所以,由图象可知,电路中的电流I′=IB=0.5A，此时A灯泡两端的电压UA=2V，由I= 'U可得，此时A灯电阻：RUA'2VRA===4Ω； I?0.5A(3)将A与一个滑动变阻器串联接在6V电源两端时，因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器的功率为A灯功率的两倍，所以,由P=UI可知,U滑=2UA，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=U滑+UA=3UA=6V，解得：UA=2V,U滑==4V，由图象可知，此时电路中的电流I=0.5A，0.5A=2W. 则滑动变阻器的功率：P滑=U滑I=4V×21．（1）400W；（2）0.9A；（3）72.6℃。 【解析】 【详解】 （1）分析可知，当S与触点1、2接触时，电路为R1的简单电路，1min内电热炕消耗的电能： W1=20r/3000r/（kW?h）=1/150kW?h=2.4×104J， 由P=W/t可得，电热炕功率： P1=W1/t=2.4×104J/60s=400W； （2）由P=U2/R可得， R1=U2/P1=（220V）2/400W=121Ω， 当S与触点3、4接触时处于抵挡，此时只有R2工作，电路中通过O点的电流； I=U/R2=U/2R1=220V/242Ω≈0.9A； （3）由ρ=m/V可得，1.8L水的质量： m=ρV=1.0×103kg/m3×1.8×10﹣3m3=1.8kg， 当该电热炕处于低档，且正常工作30min，所消耗的电能： W2=UIt=220V×10/11A×30×60s=3.6×105J， W2=Q=cm△t， 即 3.6×105J=4.2×103J/（kg?℃）×1.8kg×（t﹣25℃）， 解得： t=72.6℃， 即水温能升高到72.6℃。 五、作图题（本大题共2小题，共4分） ''''22． 【解析】
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