最新黑龙江省大庆市中考物理模拟试题(有配套答案)(word版)

.....

【考点】．

【专题】图析法；浮力．

【分析】根据阿基米德原理得出浮力大小与排开液体的体积的关系，物体在浸没前，深度增加的同时排开液体的体积也增加了．浸没后，随着深度的增加，浮力不变．

【解答】解：物体浸没前，深度增加的同时排开液体的体积也增加了，所受浮力大小随物体排开液体的体积的增大而增大；浸没后物体受到的浮力大小不变，故只有C符合题意． 故选C．

【点评】浮力大小只与物体排开液体的体积有和密度关，与物体浸在液体中的深度无关．物体在浸没前，深度增加的同时排开液体的体积也增加了．

7．如图所示，两端开口的U型玻璃管竖直放置，底部带有一个阀门K，右管横截面积是左管的两倍，当阀门K关闭时，左、右管中水面的高度分别为h和2h，现将阀门K打开，液面稳定时，左管水面上升的距离是

1A．h

22C．h

31B．h

3D.h

【考点】．

【专题】推理法；压强、液体的压强． 【分析】上端开口，底部连通的仪器叫连通器．

竖管中水的总体积不变．当打开开关K时，左右容器构成一个连通器，根据连通器内液体静止时，液面相平求出此时液面的高度，再与原来的高度对比进行分析．

【解答】解：当打开开关K时，左右容器构成一个连通器；由于连通器内水面静止时，水面相平，因此右边水面将下降，左面水面将升高，

由于水的总体积不变，设左管横截面积为S，则右管横截面积为2S， 竖管中水的总体积V=Sh+2S?2h=5Sh，

因为右管横截面积是左管的两倍，则液面相平时，右管中水的体积是左管中水的体积的2倍， 即左管水的体积为左管水的体积的增大量为

，右管水的体积为

，

，

.....

.....

即左管水面上升的距离是故选C．

．

【点评】本题的解题关键是明确连通器最终的水面相同，同时明确竖管中水的总体积不变，再根据两侧水的体积分配进行推理，有一定的难度．

8．如图所示，木块从水平地面上P点以速度v向右运动在Q点。水平地面与斜面的粗糙程度相同，则下列说法是

A．木块在Q点静止时，受到三个力的作用 B．木块在斜面上所受摩擦力方向始终沿斜面向下 C．木块能冲上斜面表明木块具有惯性

D．在此过程中，木块减少的动能一部分转化为木块的重力势能，一部分因摩擦生热转化为内能

冲上斜面，停中不正确的

【考点】；；；．

【专题】应用题；运动和力；机械能及其转化． 【分析】（1）对木块进行受力分析即可解答；

（2）摩擦力的方向一定与物体的相对运动方向或相对运动趋势方向相反，因此可能与物体的运动或运动趋势方向相反，也可能与物体的运动或运动趋势方向相同．

（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性； （4）根据动能和重力势能大小的影响因素，结合功能关系分析解答．

【解答】解：

A、对木块进行受力分析可知，木块在Q点静止时，受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力和沿斜面向上的摩擦力三个力的作用．故A正确；

B、木块在斜面上向上运动时所受摩擦力方向是沿斜面向下的，当木块静止在斜面上，或者是向下运动时，所受摩擦力的方向是沿斜面向上的．故B错误；

C、木块能冲上斜面是因为木块具有惯性，仍要保持原来的运动状态，所以木块能冲上斜面表明木块具有惯性．故C正确；

D、木块从水平地面上P点以速度v向右运动冲上斜面，停在Q点的过程中，质量不变、速度减小，高度增加，故动能减小，重力势能增加，同时在此过程中，木块因摩擦生热，内能增加，故木块减少的动能一部分转化为木块的重力势能，一部分因摩擦生热转化为内能．故D正确． 故选B．

.....

.....

【点评】此题考查对物体的力的分析、惯性、摩擦力的方向、机械能和其他形式的能的转化，是一道综合性较强的题目，本题关键对滑块受力分析后，结合功能关系，明确能量的转化情况，根据能量守恒定律进行分析．

9．a、b、c三辆汽车从甲地出发沿直线运动到乙地，其中a车以速度v做匀速直线运动到乙地；b车以速度v出发，先做加速运动再做减速运动，到达乙地时速度恰好还是v；c车也以速度v出发，先做减速运动再做加速运动，到达乙地时速度恰好也是v，三辆汽车运动时间分别为ta、tb和tc，其大小关系正确的是

A.ta=tb=tc B.tata>tb D.tc>ta=tb

【考点】．

【专题】应用题；比较思想；长度、时间、速度．

【分析】因为b先加速后减速，所以它在整个运动过程中的速度都比a大，所以相对时间内它通过的路程肯定比匀速运动的a大；而c因先减速后加速，它在整个运动过程中都以比a小的速度在运动，所以在相等时间内它通过的路程比a小，据此利用大小．

比较三辆汽车运动时间的

【解答】解：a车以速度v做匀速直线运动到乙地；

由于b先加速后减速，达到乙地时速度恰好还是v；所以它在整个运动过程中的平均速度都比a大，经过相同的路程，它的时间肯定比匀速运动的a小；

而b因先减速后加速，达到乙地时速度恰好还是v；它在整个运动过程中的平均速度都比a小，所以在相等的路程内它的时间比a大．

由此可知，三辆汽车运动时间的大小关系为：tc＞ta＞tb． 故选C．

【点评】该题考查速度公式及其应用，关键是根据题意得出a、b、c三辆汽车从甲地出发沿直线运动到乙地的过程中平均速度的大小．

10.如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，则下列说法正确的是

A．电流表A2 与A 的示数的比值将减小 B．电压表V 的示数与电流表A 的示数的比值

将减小

.....

.....

C．电压表V 的示数与电流表A 示数的乘积将增大 D．电流表A 与A1 的示数的比值将增大

【考点】；．

【专题】应用题；动态预测题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．

【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测R1支路的电流，电流表A测干路电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2电流的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后分析选项得出答案．

【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测R1支路的电流，电流表A测干路电流， 因电源的电压不变，

所以，滑片移动时，电压表V的示数U不变， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，通过R2的电流不变，即电流表A1的示数I1不变， 当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻增大， 由

可知，通过R1的电流减小，即电流表A2的示数I2减小，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流变小，即电流表A的示数I减小，

综上可知，电压表V的示数U不变，电流表A1的示数I1不变，电流表A2的示数I2减小，电流表A的示数I减小，则

A．由可知，电流表A2与A的示数的比值将减少，故A正确；

B．电压表V的示数与电流表A的示数的比值将增大，故B错误； C．电压表V的示数与电流表A的示数的乘积将减小，故C错误； D．由故选A．

可知，电流表A与A1的示数的比值将减小，故D错误．

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清滑片移动时电表示数的变化是关键．

.....