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（2）根据P=IR比较两灯泡实际功率的大小关系，实际功率大的灯泡较亮。
本题考查了串联电路的电流特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。 15.【答案】D
【解析】解：由图知：
A、压敏电阻与定值电阻并联。当压力增大时，压敏电阻阻值减小，两端电压一定，通过压敏电阻的电流增大，即电流表示数增大。故A符合要求；
B、压敏电阻与定值电阻并联。当压力增大时，压敏电阻阻值减小，并联电路总电阻减小，电源电压一定，所以干路电流增大，电流表示数增大。故B符合要求；
C、压敏电阻与定值电阻串联。当压力增大时，压敏电阻阻值减小，根据分压原理，压敏电阻的电压减小，由串联电路电压的规律，定值电阻两端电压增大，即电压表示数增大。故C符合要求；
D、压敏电阻与定值电阻串联。当压力增大时，压敏电阻阻值减小，根据分压原理知，压敏电阻两端电压减小，即电压表示数减小。故D不符合要求。 故选：D。
搞清电路的连接，及电压表测量的电压，根据欧姆定律结合电阻并联的规律及分压原理、串联电路电压的规律对每个电路逐一分析，确定答案。
本题考查运用电阻并联的规律、电阻串联的规律、欧姆定律及分压原理、串联电路电压的规律等知识解决实际问题，综合性较强。 16.【答案】B
【解析】解：
A、测电笔的用途是辨别火线和零线，不能判断物体是带正电还是带负，故A错误； B、若氖管发光，说明试电笔接触的是火线，电流需要经过人体形成回路，即人体成为了电流的通路（但电流很小），故B正确；
C、笔尖、电阻、氖管、弹簧和笔卡是导体，外壳是绝缘体，故C错误；
D、在两种使用试电笔的方法中，手指要接触测电笔尾部的金属体（或笔卡），甲图手没有接触笔卡，使用方法错误；乙图手接触了笔卡，使用方法正确，故D错误。 故选：B。
（1）测电笔的用途：辨别火线和零线；
（2）正确使用测电笔：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线；
（3）容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体；
（4）使用测电笔时，手要接触测电笔尾部的金属体，笔尖接触电线。 本题考查测电笔的正确使用，以及导体绝缘体，是一道基础题。 17.【答案】AB
【解析】解：A、进入花园闻到花香是因为花香中含有的分子不断运动，向四周扩散，使人们闻到花香，故A正确；
B、糖加入水中，水变甜。说明糖分子在永不停息的做无规则运动。故B正确； C、烟尘虽细小，但也是有由很多分子组成的小颗粒，不是分子，故C错误；
D、酒精和水混合后的体积变小，是因为分子之间有间隙，不能说明分子在永不停息地运动，故D错误； 故选：AB。
物质是由分子组成的，组成物质的分子很小，直接用肉眼看不到；组成物质的分子不停地做无规则的运动，扩散现象证明了分子的无规则运动。
分子动理论内容较简单，但要知道它们各自的现象。特别是分子的扩散现象，本题是一
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道基础题。 18.【答案】AC
【解析】解：滑动变阻器的滑片P向左移动时，灯泡变亮，表明通过灯泡的电流变大，即变阻器接入的电阻减小，则滑片左侧的电阻丝应接入电路（即一定要接A接线柱），滑动变阻器采用“一上一下”的接法，故M接A，N接D或C。 故选：AC。
灯泡变亮，表明通过灯泡的电流变大，即电路中的电阻减小；根据滑动变阻器的滑片P的移动方向判定其接法。
本题考查了电路的动态分析、滑动变阻器的接法，属于基础知识。 19.【答案】ABC
【解析】解：A、磁体周围存在磁场，磁场是真实存在的，故A正确；
B、磁感线是为了形象描述磁场的分布而引入的物理模型，是虚拟的封闭曲线，故B正确；
C、根据奥斯特实验可知，通电导体周围存在着磁场，故C正确； D、地球是一个大磁体，地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近，所以指南针静止时，指南针的N极指向地磁的南极即地理的北极，故D错误。 故选：ABC。
（1）磁体周围和通电导体周围都存在磁场；
（2）磁感线是为了描述磁场的分布引入的物理模型，不是真实存在的；
（3）地球周围存在磁场，地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近，指南针指南北就是受到地磁场的影响。 本题考查了磁场和磁感线的特点，磁场是客观存在的，用磁感线描述磁场采用了模型法，属于电磁学基础知识的考查。 20.【答案】BC
【解析】解：
沏茶时，杯子上部的温度低于杯中水蒸气的温度，杯内水蒸气上升时遇冷液化成小水珠附着在玻璃杯的内壁上，从而出现水雾；故A错误，B正确；
一段时间后，玻璃杯内表面上的水吸热又变为水蒸气，这是汽化现象，故C正确，D错误。
故选：BC。
物质由气态变为液态的物态变化是液化，由液态变为气态的物态变化是汽化。
杯内温度高，杯外温度低，杯内空气中的水蒸遇冷会液化成小水珠，附在玻璃内表面。 判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。 21.【答案】CD
【解析】解：A、首次通过本实验揭开电与磁关系的科学家是奥斯特，故A错误； B、当直导线通电时，导线的周围存在磁场，小磁针会发生偏转，不会悬浮起来，故B错误；
C、小磁针偏转，能说明通电导线周围存在磁场，故小磁针用于检验通电直导线周围是否存在磁场，故C正确；
D、磁场方向与电流方向有关，改变直导线中电流方向，小磁针N极的指向改变，故D正确。
故选：CD。
奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场；磁场的方向与电流的方向有
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关。
本题考查了磁场的性质是对放在磁场中的磁体有力的作用，更加深入的研究了电流的磁效应，在物理学习中不能只注重了结论的学习，还要注意方法的学习。 22.【答案】ABD
【解析】解：用电压表分别测出AB、BC、AC两端的电压，在表格中记录第一组数据后，为得到更普遍的规律接下来应该更换两端电压不同的电源，换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值，然后分析数据，这样的结论才具有普遍性，故C可以达到目的，操作不能达到这个实验目的是ABD。 故选：ABD。
无论做什么实验，实验结论一定要具有普遍性，因此在研究串联电路中的电压关系时，为了使结论具有普遍性需采用不同灯泡进行多次实验。
探究串联、并联电路的电流、电压的特点时要选择不同规格的灯泡进行实验，才能使实验结论更准确。
23.【答案】电压电流都提高 4 减小放电电流 变小 电压电流都提高
【解析】解：
（1）根据Q=It知使用时间t===4h；
（2）根据Q=It知，在手机电池的容量一定时，手机开启省电模式，降低屏幕亮度可以减小放电电流，从而延长待机时间；
（3）观察图线2，该电池在充电过程中，充电量与充电时间不成正比，且随着时间的变成，充电量的增加变慢，说明充电速度是变小的；
（4）由短文信息结合P=UI可知，提高充电的电压或充电的电流或电流和电压同时增加，都可以增大充电功率。
故答案为：电压电流都提高；（1）4；（2）减小放电电流；（3）变小；（4）电压电流都提高。
（1）根据Q=It计算出使用时间； （2）根据Q=It分析解答； （3）根据图象分析解答；
（4）根据P=UI知有三种提高快充功率的方式：①电压不变提高电流（低压高电流）；②电流不变提高电压（高压低电流）；③电流和电压同时增大。
本题以对手机电池快充为情景考查了对电功率的认识和理解，属于一道基础题。
24.【答案】解：由电路图可知，当开关S闭合后，R1与R2串联，电流表测电路中的电流。
（1）由I=可得，R1两端的电压：
U1=IR1=0.2A×20Ω=4V；
（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，R2两端的电压： U2=U-U1=12V-4V=8V；
由I=可得，R2此时接入电路的阻值： R2===40Ω。
答：（1）R1两端的电压U1为4V； （2）R2此时接入电路的阻值为40Ω。
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【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流。 （1）根据欧姆定律求出R1两端的电压；
（2）根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据欧姆定律求出电阻R2的阻值。 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。
25.【答案】解：（1）当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，
由I=可得，电源的电压：
U=I1R1=0.3A×20Ω=6V；
（2）当开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流， 根据并联电路的电流特点可得，R2中的电流： I2=I-I1=0.5A-0.3A=0.2A， 电阻R2的功率： P=UI2=6V×0.2A=1.2W。 答：（1）电源电压为6V； （2）电阻R2的功率为1.2W。
【解析】（1）当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
（2）当开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点求出R2中的电流，利用P=UI求出电阻R2的功率。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用，难度不是很大。 26.【答案】36 2018.6 2049 负
【解析】解：
（1）图甲温度计的分度值为1℃，液柱最高处在0℃以上，其示数为36℃； （2）电能表的计量单位是kW?h，数值的最后一位是小数，电能表的示数为2018.6kW?h； （3）由图可知，变阻箱的示数：R=2×1000Ω+0×100Ω+4×10Ω+9×1Ω=2049Ω； （4）用右手握住螺线管，大拇指指向左端的N极，可以判断电流从螺线管的右端流入、左端流出，所以电源的右端是正极，左端（A端）是负极。 故答案为：（1）36；（2）2018.6；（2）2049；（3）负。
（1）温度计读数时要看清温度计的量程和分度值，根据液柱上面对应的刻度读数，读数时视线要与液柱上表面相平，并注意分清零上还是零下； （2）电能表的计量单位是kW?h，数值的最后一位是小数；
（3）电阻箱的读数方法：用“△”所对的数字乘以下面的倍数，然后把他们相加； （4）电磁铁的N极和S极通过安培定则进行判断：用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是电磁铁的N极。
（1）本题考查了温度计、电能表、电阻箱的读数；
（2）知道螺线管的电流方向、磁极、小磁针的磁极、磁感线中的任意一者，都可以根据磁极间的作用和安培定则判断另外几者。 27.【答案】可以 1 0.28
【解析】解：
（1）由图知，若将连接电源负极相连的导线与滑动变阻器的a接线柱相连，变阻器串联入电路中，且符合一上一下接入的要求，所以这样的接法可以。
（2）由图甲知，电压表和电流表分别测灯泡两端电压和电流，由图乙知，电表都选用小量程，电压表分度值为0.1V，电流表分度值为0.02A，此时小灯泡两端的电压为1V；电流大小为0.28A，所以小灯泡的电功率为：
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