9．B 【解析】 【详解】
AC．物理学中把力和物体在力的方向上移动距离的乘积叫做机械功，简称功，功是标量，能量也是标量，故选项A、C错误；
BD．功是能量转化的量度，单位都是焦耳，但功不是能量，功属于过程量，能量属于状态量，故选项B正确，D错误． 10．B 【解析】 【分析】 【详解】
A. a、b是离点电荷等距的a、b两点，处于同一等势面上，电势相同，场强大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故A项与题意不相符；
B. 等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，b的电势相同．则a、由于电场线关于两电荷连线上下对称，而且都与等势面垂直，所以场强的大小和方向都相同，故B项与题意相符；
C. 根据电场线的对称性可知，ab两点电势相同，场强大小相等，但方向相反，所以电场强度不同，故C项与题意不相符；
D. a、b是匀强电场中的两点，电场强度相同，a点的电势大于b点的电势，故D项与题意不相符． 二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分 11．AC 【解析】 【分析】 【详解】
则当振动膜片向右振动时板间距离减小，根据公式C?压不变，据C?强E??S ，所以电容增大，又因为电路接通所以电4?kdQ 可知电荷量增加，电容被充电，则电阻R上电流方向自右向左，电容器两极板间的场UU增大，故AC正确，BD错误．故选AC． d12．AC
【解析】地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度，所以ωa=ωc，根据a=rω2知，c的向心加速度大于a的向心加速度；根据牛顿第二定律得a=
，b的向心加速度大于c的向心加速度，所以ab＞ac＞aa，
故A正确，B错误；卫星C为同步卫星，所以Ta=Tc，根据T=2π得c的周期大于b的周期，即Ta=Tc>Tb，
故C正确；地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度，所以ωa=ωc，根据v=rω，c的线速度大于a的线速度，故D错误；故选AC。
点睛：地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度和周期，根据v=rω，a=rω2比较线速度的大小和向心加速度的大小，根据万有引力提供向心力比较b、c的线速度、角速度、周期和向心加速度大小． 13．AD 【解析】 【详解】
AB．根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，因此a对b的静电力一定是引力，故A正确，B错误；
CD．根据库仑定律来确定电场力的大小，并由平衡条件来确定各自电量的大小，因此在大小上一定为“两大夹一小”，因此a的电量一定比b多。故C错误，D正确； 14．AD 【解析】 【详解】
AB、2t0时刻的速度v1?a1t1?2a0t0，3t0时刻的速度v2?v1?a2t0?5a0t0，,3t0时刻的瞬时功率为
2P?F30v2?3ma0?5a0t0?15ma0t0，故B正确，A错误；
112722a1(2t0)2?2a0t03t0时间内的位移x2?v1t0?a2t0?a0t0，在，在2t0～2222522ma0t0，则水平力做功的平均功率t=0到3t0这段时间内,水平力做功W?F1x1?F2x2?2CD、0～2t0时间内的位移x1?P?W252?ma0t0，故C错误，D正确； 3t06故选AD． 【点睛】
根据运动学公式求出3t0时刻的瞬时速度，从而求出瞬时功率．根据位移公式求出t=0到3t0这段时间内位移，通过功的公式求出水平力做功的大小，从而求出平均功率． 15．ACD 【解析】 【分析】 【详解】
A项：当汽车的速度最大时，牵引力等于阻力，即有 F=f，由P0=Fvm，得阻力
，
故A正确；
B项：对于匀加速运动过程，根据牛顿第二定律得：F1-f=ma，解得：：F1==6000N，当汽车的实际功率刚达
到额定功率时，匀加速运动结束，所以匀加速运动的最大速度为：，则匀加速
直线运动的时间为：，故B错误；
C项：启动后3s末时汽车在匀加速运动时，牵引力为6000N，故C正确；
D项：汽车启动4s末时汽车功率已经达到额定功率，所以瞬时功率为60kW，故D正确． 16．AC 【解析】 【分析】 【详解】
试题分析：路面应建成外高内低，此时重力和支持力的合力指向内侧，可以提供圆周运动向心力，故A正确．车速低于v0，所需的向心力减小，此时摩擦力可以指向外侧，减小提供的力，车辆不会向内侧滑动．故B错误．当速度为v0时，静摩擦力为零，靠重力和支持力的合力提供向心力，速度高于v0时，摩擦力指向内侧，只有速度不超出最高限度，车辆不会侧滑．故C正确．当路面结冰时，与未结冰时相比，由于支持力和重力不变，则v0的值不变．故D错误．故选AC． 考点：圆周运动的实例分析 【名师点睛】
此题是圆周运动的实例分析问题；解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解，难度不大，属于基础题．
三、实验题:共2小题，每题8分，共16分 17．1:1 2:1 【解析】 【详解】
[1]．皮带传送，边缘上的点线速度大小相等，所以va=vb，a轮、b轮半径之比为1：1，共轴的点，角速 度相等，两个钢球的角速度分别与共轴轮子的角速度相等，则ωA=ωB，钢球1、2转动的角速度之比1：1；[2]．根据题意可知，r1：r2=2：1，根据F=mrω2得向心力之比为： FA：FB=2：1．
18．步骤B是错误的，应该接到电源的交流输出端 步骤D是错误的，应该先接通电源，待打点稳定后再释放纸带 步骤C不必要，因为根据测量原理，重物的动能和势能中都包含了质量m，可以约去 【解析】
B、打点计时器应接到电源的交流输出端上，故B错误．C、验证机械能守恒，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，两端都有质量，可以约去，所以C步骤不必要．D、实验时应先接通电源，再释放纸带，故D错误．
【点睛】运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题；要知道重物带动纸带
下落过程中能量转化的过程和能量守恒；要明确重锤的质量可以测量，但不必需. 四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分
2223?2hv02hv0R??19． 3 （1）g?2（2）M?（）22GTLGL【解析】 【详解】
（1）根据题目可得小球做平抛运动, 水平位移: v0t=L 竖直位移:h=
12
gt 222hv0联立可得:g?2
L（2）根据万有引力黄金代换式G22RgR22hv0 可得M??2GGLmM＝mg， R2mM4?24?2R3（3）根据万有引力公式G2＝m2R；可得M?， 2RTGT而星球密度??联立可得??M43,V??R V33? 2GT220．①
2Mm2v02?M?m?②
2m?M m【解析】
①由动量守恒得：mv0＝(M＋m)v
v?mv0 .
M?m2Mm2v012 木块的最大动能Ek?Mv?22(M?m)2②设子弹和木块之间的相互作用力为F，位移分别为x1、x2， 由动能定理得：对子弹：－Fx1＝对木块：Fx2＝
121mv－mv02 221Mv2－0 2x12m?M= . 联立解得子弹和木块的位移之比x2m21．（1）2.0m/s （2）6.0N （3）0.50J
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