故选：B． 【点评】本题是知识点是基因的分离定律和伴性遗传，根据遗传系谱图判断出遗传病的类型是解题的突破口，对于基因型的判断和遗传概率的相关计算是解题的关键． 24．（2分）
【考点】种群的特征．
【分析】人类对生物资源开发利用，应该走可持续发展的道路．对于渔业资源，应该规定禁捕期、禁渔区以及合理使用网眼尺寸较大的网具等．网眼尺寸较大的网具，只能对捕捞的鱼的大小进行选择，而不能对鱼的性别进行选择，不会改变其性别比例．
【解答】解：A、海洋渔业生产中，合理使用网眼尺寸较大的网具进行捕捞，会使更多幼小的个体逃脱，得到生长和繁殖的机会，使得种群的年龄结构处于增长型，故A正确； B、合理使用网眼尺寸较大的网具进行捕捞，减少了捕获个体的数量，保持足够的种群基数，使种群的年龄组成变为增长型，故B正确； C、种群的年龄结构处于增长型，则出生率大于死亡率，有利于种群数量的恢复，故C正确； D、网眼尺寸较大的网具，只能对捕捞的鱼的大小进行选择，而不能对鱼的性别进行选择，不会改变其性别比例，故D错误． 故选：D．
【点评】本题考查种群的特征，平时学习需要注意出生率、死亡率以及迁入率和迁出率是决定种群大小和种群密度的直接因素．预测种群密度的变化趋势，首先依据的应该是年龄组成情况，其次是性别比例，由此推导预测出生率与死亡率的关系，从而确定种群密度的变化情况．
25．（2分）
【考点】生物多样性保护的意义和措施． 【分析】对于生物的保护分为就地保护和迁地保护两种．东北虎需要就地保护主要是建立自然保护区，这样的保护方法应是别无选择的．至于伤人问题，只要注意虎的生存环境保护，尽量减少人为干扰是可以避免的．由于生态平衡遭到破坏，虎的生存范围日益减小，食物逐渐缺乏，以前不会袭击人的老虎开始主动伤人，投喂食物只能解决暂时问题，恢复其生存环境才是重中之重．
【解答】解：对于东北虎这样的国家重点保护动物，结合它的生活特性，实行就地保护是最为有效的措施，而就地保护主要是建立自然保护区，这样的保护方法应是别无选择的．至于伤人问题，只要注意虎的生存环境保护，尽量减少人为干扰是可以避免的． 故选：A．
【点评】此类题型主要考查学生对生物多样性相关知识的了解，属于基础题． 26．（2分）
【考点】细胞呼吸的过程和意义；光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化．
【分析】本题是对探究CO2是否为植物光合作用原料的实验的实验变量的分析，根据实验目的可知，该实验的自变量是否含有二氧化碳，b装置是对照组，a装置是实验组，a中装有NaOH溶液，可以吸收钟罩内空气中和植物细胞呼吸释放的二氧化碳，b装置含有钟罩内空气中和植物细胞呼吸释放的二氧化碳，土壤中微生物属于无关变量，用塑料袋扎紧花盆是排除土壤微生物的代谢对实验结果的干扰．
【解答】解：A、玻璃钟罩就能确保植物与外界空气完全隔离，塑料袋扎紧花盆目的不是使植株与外界空气进一步隔绝，A错误；
B、本题的实验目的是探究CO2是否为植物光合作用原料，自变量是否含有二氧化碳，用塑料袋扎紧花盆是排出土壤微生物的代谢活动对实验结果的干扰，B正确；
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C、NaOH溶液在花盆外面，也无挥发性，塑料袋扎紧花盆目的不是防止NaOH溶液对植物根系的影响，C错误；
D、土壤中没有光，微生物不能进行光合作用，D错误． 故选：B．
【点评】本题是考查对实验设计的分析与评价能力，解析时要根据实验目的分析出自变量、无关变量，由于实验目的是“探究CO2是否为植物光合作用原料”，那么微生物属于无关变量，分析出这一点是解题的关键，若把“用塑料袋扎紧花盆”重点放在是控制二氧化碳上，此题就跑偏了，没法解答．
二、多项选择题：本题包括6小题，每小题3分，共计18分．每小题有不止一个选项符合题意．每小题全选对者得3分，其他情况不给分． 27．（3分）
【考点】水和无机盐的作用的综合． 【分析】本题是对植物根细胞吸收无机盐的过程和细胞呼吸的意义的考查，根细胞吸收矿质元素的方式是主动运输过程．需要载体协助和ATP功能，细胞呼吸的重要意义是为细胞的生命活动提供能量包括为根细胞主动吸收矿质元素．
【解答】解：A、土壤通气状况通过影响土壤中氧气含量影响有氧呼吸从而影响根对矿质元素的吸收，A正确；
B、细胞呼吸是酶促反应，土壤温度通过影响酶活性影响细胞呼吸从而影响响根对矿质元素的吸收，B正确；
C、土壤中的含水量通过影响矿质元素在土壤中的溶解和根细胞的呼吸等生理活动二影响根对矿质元素的吸收，C正确；
D、土壤中微生物可以分解土壤中有机物，变成无机盐，增加土壤中矿质元素的浓度而影响根对矿质元素的吸收，D正确． 故选：ABCD．
【点评】本题的知识点是细胞呼吸的意义，根对矿质元素的吸收方式，土壤微生物在物质循环中的作用，影响根细胞吸收矿质元素的环境因素，对相关知识的掌握是解题的关键，本题往往漏选C． 28．（3分）
【考点】细胞的减数分裂． 【分析】考生在解答本题要能够将有丝分裂和减数分裂区分、将减数第一次分裂和减数第二次分裂区分．在减数第一次分裂会发生联会、四分体以及同源染色体分离等变化．
【解答】解：A、在减数第一次前期时，同源染色体会发生两两配对的现象，即联会，A正确；
B、在减数第一次前期的四分体时期，同源染色体的非姐妹染色单体之间可能会发生交叉互换，导致基因重组，B正确；
C、在减数第一次分裂后期时，同源染色体发生彼此分离，非同源染色体发生自由组合，C正确；
D、姐妹染色单体分离发生在着丝点分裂时，改变发生在减数第二次分裂后期，D错误． 故选：ABC． 【点评】本题着重考查了减数分裂过程中各时期相关结构的变化，意在考生的识记能力和区分能力，难度不大． 29．（3分）
【考点】动物细胞与组织培养过程．
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【分析】分析曲线图：正常细胞在有血清和无血清培养时，同一培养时间下细胞数目不同；癌细胞在有血清和无血清培养时，同一培养时间下细胞数目变化趋势一致；正常细胞与癌细胞在有血清（或无血清）的条件下培养，同一培养时间下细胞数目不同．
【解答】解：A、正常细胞与癌细胞在有血清和无血清时曲线均不重叠，说明正常细胞与癌细胞的增殖速率不同，A错误；
B、正常细胞在有血清和无血清培养时，同一培养时间下细胞数目不同，说明有无血清对正常细胞培养的影响不同，B正确；
C、正常细胞与癌细胞在有血清的条件下培养，同一培养时间下细胞数目均比无血清时多，说明培养基中补充血清有助于正常细胞的培养，C正确；
D、癌细胞在有血清和无血清培养时，同一培养时间下细胞数目变化趋势一致，说明培养基中是否补充血清对癌细胞的培养影响不大，D正确． 故选：BCD． 【点评】本题结合曲线图，考查动物细胞与组织培养过程，解答本题的关键是曲线图的分析，考生可以根据单一变量原则分析曲线图，将不同的曲线进行比较，从而获取有效信息答题，属于考纲理解层次的考查． 30．（3分）
【考点】人体免疫系统在维持稳态中的作用．
【分析】体液免疫过程为：（1）感应阶段：除少数抗原可以直接刺激B细胞外，大多数抗原被吞噬细胞摄取和处理，并暴露出其抗原决定簇；吞噬细胞将抗原呈递给T细胞，再由T细胞呈递给B细胞；（2）反应阶段：B细胞接受抗原刺激后，开始进行一系列的增殖、分化，形成记忆细胞和浆细胞；（3）效应阶段：浆细胞分泌抗体与相应的抗原特异性结合，发挥免疫效应．
细胞免疫过程为：（1）感应阶段：吞噬细胞摄取和处理抗原，并暴露出其抗原决定簇，然后将抗原呈递给T细胞；（2）反应阶段：T细胞接受抗原刺激后增殖、分化形成记忆细胞和效应T细胞，同时T细胞能合成并分泌淋巴因子，增强免疫功能．（3）效应阶段：效应T细胞发挥效应．
【解答】解：A、效应T细胞能激活靶细胞内的溶酶体酶的活性，使靶细胞裂解死亡，故A正确；
B、抗体是体液免疫效应阶段发挥作用的武器，故B错误；
C、在细胞免疫中，T淋巴细胞能分泌淋巴因子以增强免疫效应，故C正确； D、抗毒素是抗体，是体液免疫中的物质，故D错误． 故选：AC．
【点评】本题考查体液免疫和细胞免疫的相关知识，意在考查学生的识记和理解能力，难度不大．
31．（3分）
【考点】基因的自由组合规律的实质及应用．
【分析】自由组合定律：控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合．自由组合定律的实质：减I分裂后期等位基因分离，非等位基因自由组合．
【解答】解：由题意分析已知豌豆红花A对白花a，高茎B对矮茎b，子粒饱满C对子粒皱缩c为显性，控制它们的三对基因遵循基因的自由组合定律，以纯合的红花高茎子粒皱缩AABBcc和纯合的白花矮茎子粒饱满aabbCC植株杂交后产生的F1基因型为AaBbCc，等位基因对数 n=3；
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A、由题意分析已知F1基因型为AaBbCc，等位基因对数 n=3．单独考虑每对等位基因其后代都是出现2种表现型，则F2的表现型是2的n次方，即2的3次方等于8，共8种表现型，A错误；
B、由于已知F1基因型为AaBbCc，单独考虑每对等位基因，则其后代高茎：矮茎=3：1，子粒饱满：子粒皱缩=3：1，所以F1AaBbCc自交高茎子粒饱满：矮茎子粒皱缩为9：1，B错误；
C、由题意分析已知F1基因型为AaBbCc，等位基因对数 n=3．单独考虑每对等位基因，则其后代高茎：矮茎=3：1，子粒饱满：子粒皱缩=3：1，再让两对性状自由组合，则红花子粒饱满：红花子粒皱缩：白花子粒饱满：白花子粒皱缩为9：3：3：1，C正确；
D、由于已知F1基因型为AaBbCc，单独考虑每对等位基因，则其后代高茎：矮茎=3：1，子粒饱满：子粒皱缩=3：1，红花：白花=3：1，所以 高茎子粒饱满A_B_C_；白花矮茎皱缩aabbcc=（3×3×3）：1=27：1，D正确． 故选：CD． 【点评】本题要求掌握和理解自由组合定律的实质，非同源染色体上的非等位基因才能自由组合．通过3对等位基因的自由组合培养了学生利用所学知识解决实际问题的能力． 32．（3分）
【考点】种间关系．
【分析】根瘤菌（root nodule bacteria）是与豆科植物共生，形成根瘤并固定空气中的氮气供植物营养的一类杆状细菌．与宿主的共生关系是宿主为根瘤菌提供良好的居住环境、碳源和能源以及其他必需营养，而根瘤菌则为宿主提供氮素营养．大豆、花生等属于豆科植物．它们的根瘤中，有能固氮的根瘤菌与之共生．根瘤菌将空气中的氮转化为植物能吸收的含氮物质，如氨，而植物为根瘤菌提供有机物．
【解答】解：A、根瘤菌是要寄生在豆科植物的根里才能正常生长，所以根瘤菌只有侵入到豆科植物的根内才能固氮，故A正确；
B、根瘤菌与豆科植物之间是互利共生，故B错误； C、根瘤菌将空气中的氮转化为植物能吸收的含氮物质，如氨，而植物为根瘤菌提供有机物，故C正确；
D、根瘤菌为豆科植物提供氮素营养，故D错误． 故选：AC． 【点评】根瘤菌与豆科植物是共生关系．根瘤菌将空气中的氮转化为植物能吸收的含氮物质，如氨，而植物为根瘤菌提供有机物．
三、综合题：本题包括10小题．共计80分． 33．（10分）
【考点】生态系统的功能；蛋白质的结构和功能的综合．
【分析】（1）由图可知，本题主要考查物质的循环过程中N循环，物质循环是指组成生物体的C、H、O、N、P、S等元素，都不断进行着从无机环境到生物群落，又从生物群落到无机环境的循环过程．其特点：具有全球性、循环性．
（2）生物固氮：指固氮微生物将大气中的氮气还原成氨的过程．固氮生物都属于个体微小的原核生物，所以，固氮生物又叫做固氮微生物．固氮微生物分为两种：共生固氮微生物（豆科植物根瘤菌等）和自生固氮微生物（如圆褐固氮菌等）．
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