小灯泡的额定功率： PL=UL′I′=5V×0.4A=2W，故B正确；
滑片在a点时，小灯泡与滑动变阻器的功率之比：
PL：PR=UL′I′：UR′I′=UL′：UR′=5V：1V=5：1，故D正确。 故选：BD。
由电路图可知，变阻器R与灯泡L串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测L两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电路中的最小电流且灯泡和滑动变阻器两端的电压相等，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压，利用P=UI求出此时电路的最小总功率；
（2）当滑片从最右端向左滑动到a点时，接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的分压特点判断出R两端的电压变小，灯泡两端的电压变大，当小灯泡恰好正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙读出灯泡正常发光时的电流和变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出此时小灯泡两端的电压，利用P=UI求出小灯泡的额定功率和小灯泡与滑动变阻器的功率之比。 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。 13.答案：信息 响度 电磁波
解析：解：声音可以传递信息，所以用语音可以遥控音箱； 播放音乐时，调节音量实际是调节音响的响度；
在无线网络中，智能音箱通过电磁波控制智能设备。 故答案为：信息；响度；电磁波。 声音可以传递信息和能量；
声音的强弱叫响度，响度与发声体的振幅和距离发声体的远近有关； 电磁波可以传递无线信息。
此题考查了声音的应用、特性和电磁波的作用，属于基础知识的考查，难度不大。 14.答案：1.08×104 半导体 绿
解析：解：
每个子充电宝的容量是600mA?h，对外提供的电压为5V， 则一个子充电宝能提供的电能： W=UIt=5V×0.6A×3600s=1.08×104J；
制造发光二极管的主要材料是半导体材料。
手机画面的颜色是由红、绿、蓝三种色光合成的。
104；半导体；绿。 故答案为：1.08×
（1）由题可知每个子充电宝的电压和容量，根据W=UIt求出它能提供的电能； （2）二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。
（3）色光的三原色是红、绿、蓝；颜料的三原色是红、黄、蓝。据此分析解答。
本题考查了储存电能的计算、半导体的特点、色光的三原色在生产和生活中的应用，知识得到学以致用，可以加深对知识的理解和提高学习的兴趣。 15.答案：磁 使接触面分离 惯性
解析：解：（1）磁悬浮列车利用的是磁极间的相互作用（同名磁极相互排斥）。磁悬浮列车通电后带有磁性，利用的是电流的磁效应；
（2）磁悬浮列车的车身和轨道不接触，是通过使接触面彼此分离的方法来减小摩擦力；
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（3）运动的列车不能立即停下来，是因为列车具有惯性，仍保持原来的运动状态。 故答案为：磁；接触面分离；惯性。
（1）磁悬浮列车中的电磁铁是利用电流的磁效应；
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦； （3）物体具有保持原来运动状态不变的性质，叫作惯性。
本题考查磁悬浮列车的有关知识，包括电流的磁效应、减小摩擦的方法、惯性等知识，难度不大。 16.答案：会聚 聚变 可再生
解析：解：凹面镜对光线有会聚作用，太阳光照射到凹面镜上，经凹面镜反射后，反射光线会会聚在焦点上，太阳灶就是利用了这一原理，利用其烧水；
在太阳内部，每时每刻相当于无数的氢弹在爆炸，即氢原子核在超高温下发生聚变释放核能； 太阳能属于可再生能源，其主要特点是取之不尽用之不竭，并且环保无污染。 故答案为：会聚；聚变；可再生。
（1）凹面镜属于球面镜的一种，对光线有会聚作用；
（2）核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上；
（3）能源分可再生能源和不可再生能源，可再生能源：泛指多种取之不竭的能源，严格来说，是人类历史时期内都不会耗尽的能源。不可再生能源：泛指人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源资源。
此题考查了凹面镜的作用、太阳能量的释放方式及能源的分类，考查的知识点较多，难度不大。 17.答案：电阻电流 4：1
解析：解：由图甲知，两电阻串联，通过的电流相同，定值电阻的阻值不同，已知通电时间相同，所以探究的是电流产生热量与电阻大小的关系；
由图乙知，两盒内电阻大小相等，R1在干路，R2在支路，所以流过R1的电流大于流过R2的电流，探究的是电流产生热量的多少与电流大小有关；
由图乙知，左侧电流I左等于右侧电阻丝与容器外电阻的电流之和，即I左=2I右；
两电阻大小相等，通电时间相同，由Q=I2Rt得，电流通过R1产生的热量与通过R3产生的热量之比为：
==（）2=4：1。
故答案为：电阻；电流；4：1。
（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；探究电流产生热量跟电流关系时，控制通电时间和电阻不变。
（2）已知图乙中两电阻的关系和通电时间关系，根据串并联电路的电流特点判断电流关系，根据焦耳定律进行计算两电阻产生的热量之比。
本题考查了电流产生热量的影响因素及焦耳定律的应用，属于中考常见题型，要熟练掌握。 18.答案：较弱 上面 N
解析：解：
（1）当电梯上无人时，压敏电阻R的阻值较大，电路中电流小，电磁铁的磁性较弱，电磁继电器的动触点与上面的静触点接触，电梯运行缓慢；
当有人走上电梯后，压敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，电磁铁磁性变强，则衔铁被吸下，
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与下面触点接触，则电阻R′被断开，电动机单独接入电路，电动机两端电压增大为电源电压，通过电动机的电流变大，电动机转速变快，使电梯运动变快；
（2）由图可知，电磁铁中电流的方向向右，根据安培定则可知，此时电磁铁上端是N极，下端是S极。
故答案为：较弱；上面；N。
（1）左侧为压敏电阻与电磁铁串联的控制电路，右侧为带动电梯运动的电动机工作电路，当衔铁与
R′与电机串联，上触点接触时，当衔铁与下触点接触时，电阻R′被断开，电动机被单独接入电路，
电压增大；
（2）根据安培定则判定电磁铁的极性。
本题考查的是电磁继电器的工作原理，应用物理知识解决实际问题的能力，关键是认清电路的构造。 19.答案：海水 6×107 6m
解析：解：（1）在海水和江水中，轮船漂浮，浮力和重力相等，即浮力大小不变；因为海水的密度大于江水的密度，根据公式F浮=ρ水gV排可知，轮船在江水中排开江水的体积大于在海水中排开海水的体积，所以在江水中的吃水线要高于在海水中的吃水线； （2）根据阿基米德原理得轮船所受浮力： F浮=G排=m排g=6000×103kg×10N/kg=6×107N；
（3）由液体压强公式p=ρgh得，船底浸入水中的深度： h===6m。
107；6m。 故答案为：海水；6×
（1）根据漂浮条件可知轮船在江水和海水中受到的浮力关系，再根据阿基米德原理判断排开水的体积关系，得出结论；
（2）利用阿基米德原理求轮船满载时受到的浮力； （3）根据液体压强公式计算船底浸入水中的深度。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，知道轮船的排水量是指满载时排开水的质量是本题的关键。 20.答案：162.6 不能 30r
解析：解：
（1）由图示电能表可知，电能表月初、月末示数为1120.3kW?h、1282.9kW?h， 这个月消耗的电能：W=1282.9kW?h-1120.3kW?h=162.6kW?h；
（2）由电能表表盘知，电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流为20A，
20A=4400W； 所以他家电能表同时允许接入用电器最大总电功率：P最大=UI最大=220×
再将空调接入电路，总电功率P总=3200W+1500W=4700W＞P最大=4400W， 所以不能将额定功率为1500W的空调再接入电路；
（3）“600revs/kW?h”表示每消耗1kW?h的电能电能表的转盘转600r， 只让空调单独正常工作2min消耗的电能： W′=P′t=1.5kW×h=0.05kW?h，
电能表转盘转数： n=600revs/kW?h×0.05kW?h=30r。 故答案为：162.6；不能；30r。
（1）先读出电能表月初、月末的示数（注意最后一位是小数位，单位是kW?h），这个月消耗的电
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能等于月末、月初示数之差；
（2）由电能表表盘知，电能表的工作电压、允许通过的最大电流，利用P=UI求电能表同时允许接入用电器最大总电功率；求出再将空调接入电路的总电功率，比较确定能否将额定功率为1500W的空调再接入电路； （3）“600revs/kW?h”表示每消耗1kW?h的电能电能表的转盘转600r，只让空调单独正常工作2min，利用W=Pt求消耗的电能，进而求出电能表转盘转数。
本题考查了使用电能表时消耗电能、电功率的计算以及电能表的读数方法，明确电能表相关参数的意义是关键。 21.答案：8 0.8
解析：解：（1）由题意可知，电动机正常转动时的电流I=0.2A，串联电路中电流处处相等， 由I=可得，定值电阻R两端电压：
UR=IR=0.2A×10Ω=2V，
已知电源电压U=6V，则电动机两端电压： UM=U-UR=6V-2V=4V，
正常工作10s，电动机消耗的电能： W=UMIt=4V×0.2A×10s=8J；
（2）电动机被卡住时为纯电阻用电器，已知此时电流表的示数I′=0.5A， 由I=可得，电路中的总电阻： R总===12Ω，
则线圈电阻：
RM=R总-R=12Ω-10Ω=2Ω，
电动机正常转动时，线圈产生的热量： Q=I2RMt=（0.2A）2×2Ω×10s=0.8J。 故答案为：8；0.8。
（1）已知当电动机正常转动时的电流，利用欧姆定律公式变形可求得定值电阻R两端电压，根据串联分压的特点可求得电动机分得的电压，然后利用W=UIt可求得电动机消耗的电能；
（2）电动机被卡住时为纯电阻用电器，已知此时电流表的示数为0.5A，可求电路中的总电阻，然后根据欧姆定律求出电动机线圈电阻，再利用Q=I2Rt可求线圈产生的热量。
本题考查了欧姆定律和焦耳定律公式的应用，知道电动机不转时电路是纯电阻电路、正常工作时为非纯电阻用电器是解题的关键。
22.答案：解：（1）装有5t混凝土的搅拌车静止在水平地面上对对面的压力为：F=G=mg=（11+5）×1000kg×10N/kg=1.6×105N， 车对公路的压强： p===2×105Pa；
（2）72km/h=20m/s， 根据P===Fv得， 车的牵引力为：F牵===6400N
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