2019-2020学年上海市重点名校新高考化学模拟试卷
一、单选题（本题包括15个小题，每小题4分，共60分．每小题只有一个选项符合题意）
1．高纯碳酸锰在电子工业中有重要的应用，湿法浸出软锰矿（主要成分为MnO2，含少量Fe、Al、Mg等杂质元素）制备高纯碳酸锰的实验过程如下：其中除杂过程包括：①向浸出液中加入一定量的X，调节浸出液的pH为3.5~5.5；②再加入一定量的软锰矿和双氧水，过滤；③…下列说法正确的是（ ）已知室温下：
，
，
。）
A．试剂X可以是MnO、MnO2、MnCO3等物质
B．除杂过程中调节浸出液的pH为3.5~5.5可完全除去Fe、Al、Mg等杂质 C．浸出时加入植物粉的作用是作为还原剂
D．为提高沉淀MnCO3步骤的速率可以持续升高温度 【答案】C 【解析】 【分析】
湿法浸出软锰矿（主要成分为MnO2，含少量Fe、Al、Mg等杂质元素）制备高纯碳酸锰，加入浓硫酸和植物粉浸出过滤得到滤液除去杂质，加入碳酸氢铵形成沉淀通过一系列操作得到高纯碳酸锰。 【详解】
A．试剂X可以是MnO、MnCO3等物质，目的是调节溶液pH，利于生成氢氧化铁、氢氧化铝沉淀，且不引入新杂质，但不用二氧化锰，避免引入杂质，故A错误；
B．Mg(OH)2完全沉淀时，Ksp??Mg?OH?2???c(Mg)?c(OH)?1?10?c(OH)?1.8?102?2??52??11，则
c(OH?)?1.8?10?3mol?L?1，则pH为3.5～5.5时不能除去Mg杂质，故B错误；
C．加入植物粉是一种还原剂，使Mn元素化合价由+4价降低为+2价，故C正确； D．持续升高温度，可使碳酸锰分解，故D错误。 综上所述，答案为C。
2．下列有关化学用语表示正确的是（ ） A．氮离子N3-的结构示意图：
B．聚丙烯的结构简式：
C．由Na和Cl形成离子键的过程：D．比例模型【答案】C 【解析】 【详解】
可表示CH4分子，也可表示CCl4分子
A. 氮离子N3-的结构示意图应该是：
，A错误；
B. 聚丙烯的结构简式应该是：，B错误；
C. 由Na和Cl形成离子键的过程可表示为：D. 比例模型答案选C。 【点睛】
，C正确；
可表示CH4分子，由于氯原子半径大于碳原子半径，因此不能表示CCl4分子，D错误；
选项D是解答的易错点，由于比例模型用来表现分子三维空间分布的分子模型，因此需要注意原子半径的相对大小。
3．X、Y、Z、W为原子序数依次增大的四种短周期主族元素，Y、Z的最外层电子数之和等于W的原子序数，Z元素在地壳中含量最高。Y元素的最高价氧化物对应的水化物与其氢化物化合生成盐。常温下，X的单质为气体。下列说法正确的是（ ） A．简单阴离子的还原性：X>Y B．原子半径：W>Z>Y>X
C．Z与W形成的化合物中只含有离子键 D．简单氢化物的沸点：Y>Z 【答案】A 【解析】 【详解】
短周期元素X、Y、Z、W的原子序数依次增大，Z元素在地壳中含量最高，则Z为O；Y元素的最高价氧化物对应的水化物与其氢化物化合生成盐，则Y为N；常温下，X的单质为气体，在氮之前，只有H，则X为H；Y、Z的最外层电子数之和等于W的原子序数，Y、Z的最外层电子数分别为5、6，则W为Na。 A．非金属性N>H，元素的非金属性越强，对应的简单阴离子的还原性越弱，A项正确；
B．根据元素周期律，同周期，原子序数小的半径大，同主族，周期大的半径大，故原子半径Na>N>O>H，B项错误；
C．Z与W形成的化合物可能为Na2O或Na2O2，前者只含有离子键，后者存在离子键和共价键，C项错误； D．氨气和水分子都含有氢键，但是水分子间形成的氢键较多，沸点更高，D项错误； 答案选A。
4．根据下列图示所得出的结论不正确的是
A．图甲是室温下20 mL 0.1 mol?L﹣1氨水中滴加盐酸，溶液中由水电离出的c（H+）随加入盐酸体积的变化
关系，图中b、d两点溶液的pH值均为7
B．图乙是CO（g）+H2O（g）?CO2（g）+H2（g）的平衡常数与反应温度的关系曲线，说明该反应的△H
＜0
C．图丙是室温下用0.1000 mol?L﹣1 NaOH溶液滴定20.00 mL 0.1000 mol?L﹣1某一元酸HX的滴定曲线，该 滴
定过程可以选择酚酞作为指示剂
D．图丁是室温下用 Na2SO4 除去溶液中 Ba2+ 达到沉淀溶解平衡时，溶液中 c（Ba2+）与 c（SO42﹣）的关
系曲线，说明 Ksp（BaSO4）＝1×10﹣10
【答案】A 【解析】 【分析】
A、过量氨水或者盐酸存在抑制水的电离，NH4Cl水解促进水的电离； B、根据图象，温度升高，平衡常数值减小，不利于反应正向进行；
C、根据图知，HX中未加NaOH溶液时，0.1000mol/L的HX溶液中pH大于2，说明该溶液中HX不完全电离；
D、温度不变，溶度积常数不变，Ksp(BaSO4)=c(Ba2+)?c(SO42-)。 【详解】
A、过量氨水或者盐酸存在抑制水的电离，NH4Cl水解促进水的电离，随着盐酸的滴加，溶液中NH4Cl逐渐增多，到达b点时存在NH4Cl和氨水，此时溶液中c水(H+)=10-7mol/L，可说明溶液为中性，继续滴加至c点，此时完全是NH4Cl，溶液为酸性，继续滴加HCl，溶液酸性增强，到达c点虽然c水(H+)=10-7mol/L，但溶液为酸性，故A符合题意；
B、根据图象，温度升高，平衡常数值减小，说明平衡逆向移动，所以正反应为放热反应，反应的?H<0，故B不符合题意；
C、根据图知，HX中未加NaOH溶液时，0.1000mol/L的HX溶液中pH大于2，说明该溶液中HX不完全电离，所以HX为一元弱酸，pH突跃范围落在酚酞的指示范围内，可以使用酚酞，故C不符合题意； D、温度不变，溶度积常数不变，Ksp(BaSO4)=c(Ba2+)?c(SO42-)，c(Ba2+)与c(SO42-)成反比，则c(SO42-)越大，c(Ba2+)越小，根据图象上的点计算可得Ksp(BaSO4)=1×10-10，故D不符合题意； 故选：A。 【点睛】
本题的A选项分析需注意，b点对应溶质为NH4Cl、NH3?H2O，此时溶液中氢离子均为水所电离，溶液呈中性，而d点对应溶质为NH4Cl、HCl，此时溶液中氢离子为HCl水电离，溶液呈酸性。 5．化学与人类生产、生活密切相关，下列叙述中正确的是 A．可折叠柔性屏中的灵魂材料——纳米银与硝酸不会发生化学反应. B．2022年北京冬奧会吉祥物“冰墩墩”使用的聚乙烯属于高分子材料 C．“珠海一号”运载火箭中用到的碳化硅也是制作光导纤维的重要材料 D．建设世界第一高混凝土桥塔用到的水泥和石灰均属于新型无机非金属材料 【答案】B 【解析】 【详解】
A.银可以与硝酸反应，浓硝酸：Ag+2HNO3=AgNO3+NO2↑+H2O，稀硝酸：3Ag+4HNO3=3AgNO3+NO↑+2H2O，故A错误；
B. 聚乙烯塑料属于塑料，是一种合成有机高分子材料，故B正确； C. 光导纤维的主要成分为二氧化硅，故C错误；
D. 建设世界第一高混凝土桥塔用到的水泥和石灰均属于传统无机非金属材料，故D错误； 故选B。 【点睛】
硝酸属于氧化性酸，浓度越大氧化性越强，所以稀硝酸和浓硝酸在反应时产物不同。 6．在恒容密闭容器中，反应3Fe(s)+4H2O(g)
Fe3O4(s)+4H2(g)达到平衡，保持温度不变，加入少量水蒸
气，体系重新达到平衡，下列说法正确的是 A．水蒸气的体积分数增大 C．平衡常数变大 【答案】B 【解析】 【详解】
A．铁为固体，所以加入少量水蒸气，相当于在恒温密闭容器中增加压强，与原平衡等效，所以水蒸气的体积分数不变，A错误；
B．加入少量水蒸气，则反应物的浓度增大，平衡向正反应方向移动，使生成物氢气的浓度增大，B正确； C．平衡常数仅与温度有关，温度不变，加入少量水蒸气，体系重新达到平衡时平衡常数不变，C错误； D．加入少量水蒸气，反应物的浓度增大，化学平衡向正反应方向移动，所以铁的质量变小，D错误； 故合理选项是B。
7．短周期元素甲、乙、丙、丁、戊、己、庚在周期表中的相对位置如图（甲不一定在丁、庚的连线上），戊、己分别是空气、地壳中含量最多的元素．下列判断正确的是
B．氢气的浓度增大 D．铁的质量增大
A．简单气态氢化物的稳定性：庚＞己＞戊＞丁 B．单质甲与单质乙充分反应一定都可以生成多种化合物 C．可以通过分别电解熔融的金属氯化物的方法冶炼乙和丙的单质
D．因为庚元素的非金属性最强，所以庚的最高价氧化物对应水化物酸性最强 【答案】A 【解析】 【详解】
空气中含量最多的元素是氮元素，则戊是N元素；地壳中含量最多的元素是氧元素，则己是O元素；甲不一定在丁、庚的连线上，则甲可能是H元素或Li元素；乙是Mg元素、丙是Al元素；丁是C元素、庚是F元素。综合信息即甲、乙、丙、丁、戊、己、庚分别是H（或Li）、Mg、Al、C、N、O、F。 A. 简单气态氢化物的稳定性：HF>H2O>NH3>CH4，A正确； B. 氢气（或Li）与镁一般不反应，B错误；
C. 氯化铝是共价化合物，故用电解熔融的氧化铝的方法冶炼金属铝，C错误； D. 氟元素没有最高价氧化物对应水化物，D错误； 故选A。
8．下列浓度关系正确的是（ ）
A．0.1mol/L 的 NH4HSO4溶液中滴加 0.1 mol/L的Ba(OH)2溶液至刚好沉淀完全：c(NH4+)＞c(OH-)＞c(SO42-)
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