试题分析：石墨易导电，属于导体，故A符合题意； “成分以石墨为主，薄如纸张，比钢要坚硬10倍”，体现了与钢相比，石墨纸的硬度较大，故B不符题意； “可以回收再利用”，体现了石墨纸是一种环保材料，故C不符题意；根据密度公式可得：m=ρV，由于石墨纸的密度小，故与同体积的钢相比，石墨纸的质量较小，故D不符合题意．
考点：密度公式的应用；导体和绝缘体的区别； 10．下列有关功的说法正确的是 ：( )
A．用相同的力将质量不同的两个物体沿力的方向移动相同的距离所做的功不同 B．吊车吊着重物使其沿水平方向匀速移动过程中，吊车对重物做了功 C．运动员举着杠铃在空中停留的时间内对杠铃要做很大的功 D．足球在水平地面上滚动时重力对足球没有做功 D 【解析】 【详解】
A．用相同的力将质量不同的两个物体沿力的方向移动相同的距离，根据W=Fs可知所做的功相同，故A错误．
B．吊车吊着重物使其沿水平方向匀速移动过程中，由于在重力方向上没有通过距离，所以吊车对重物不做功，故B错误．
C．运动员举着杠铃在空中停留的时间内，没有在力的方向上通过距离，所以对杠铃不做功，故C错误． D．足球在水平地面上滚动时，在重力方向上没有通过距离，重力对足球没有做功，故D正确． 二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．为了将放置在水平地面上重为100N的物体提升一定高度，设置了如图所示的滑轮组装置。当用图甲所示随时间变化的竖直向下的拉力F拉绳时，物体的速度v和物体上升的高度h随时间变化的关系分别如图乙和丙所示。（不计绳重和绳与轮之间的摩擦）下列计算结果正确的是（ ）
A．0s～1s内，地面对物体的支持力是10N B．1s～2s内，拉力F做的功是187.5J C．2s～3s内，拉力F的功率是100W D．2s～3s内，滑轮组的机械效率是83.3% BD 【解析】 【详解】
（1）由图乙可知，在0～1s内，拉力F=30N．取动滑轮和重物为研究对象，受到向下的重力G和G动，向上的支持力F支，及三根绳子向上的拉力F′作用，处于静止状态；
30N+G动=G动+10N；故A错误； 地面对重物的支持力F支=G﹣F′=G﹣3F拉+G动=100N﹣3×
（2）在1～2s内，拉力F2=50N，重物上升高度h2=1.25m，拉力F的作用点下降的距离s2=3h2=3×1.25m=3.75m，
3.75m=187.5J；故B正确。 拉力做的功：W=F2s2=50N×
（3）由图可知在2～3s内，重物做匀速运动，v3=2.50m/s，拉力F3=40N，因为从动滑轮上直接引出的绳子股数（承担物重的绳子股数）n=3，
2.50m/s=7.5m/s， 则拉力F的作用点下降的速度v3′=3v3=3×
拉力做功功率（总功率）：P总=F3v3′=40N×7.5m/s=300W，故C错误； 滑轮组的机械效率：
??W有用W总?100%?Gh100N?100%??100%?83.33%，故D正确；
F3?3h3?40N故选：BD。
12．下图是同学们所画的光路图，其中错误的是（ ）
A． B． C．
ABC 【解析】 【详解】
D．
A．该图是平面镜成像光路图，此时光的传播方向错误，即箭头方向标反了，故A错误；
B．该图是光的折射光路图，光从水中斜射入空气中时，折射角应大于入射角，而图中的折射角小于入射角，故B错误；
C．平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点．故C错误；
D．过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，过光心的传播方向不改变，故D正确； 故选ABC。 【点睛】
此题考查平面镜相关作图、光的折射光路图和透镜的光路图的画法，作图题是历年来中考的必考题目之一，要求学生熟练掌握各种作图技巧。
13．小兰在探究凸透镜成像规律时，将焦距为20cm的凸透镜和点燃的蜡烛固定在光具座上，只调节了两者的高度，移动光屏，烛焰在光屏上成了清晰的像，光屏的位置如图所示．则下列相关说法正确的是
A．光屏上成倒立、放大的实像 B．烛焰的像将成在光屏的偏下方 C．照相机是利用这一成像原理工作的
D．将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，要使光屏上出现清晰的像，光屏应靠近透镜 BC 【解析】 【详解】
A．已知凸透镜的焦距为20厘米，物距大于2倍焦距，调节光屏可得到倒立、缩小的实像，故A错误； B．根据过光心的光线传播方向不改变，由图可知，此时烛焰的像在光屏的偏下方，故B正确； C．物体处在二倍焦距以外时，光屏上可得到倒立、缩小的实像，照相机是应用这个原理工作的，故C正确；
D．近视镜是凹透镜对光线有发散作用，将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，使光线发散，像会聚在光屏的后方，像距增大，在光屏上要得到清晰的像，光屏要远离凸透镜，故D错误． 三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．冬季，为避免高压线结冰而导致输电线路损坏，电业局频频出招：利用无人机装配喷火器喷火，通过_____方式改变内能，使冰熔化；利用电流的热效应，通过_____（选填“增大”或“减小”）电流，使电线温度升高。 热传递 增大 【解析】 【详解】
利用无人机装配喷火器喷火，通过热传递方式改变内能；根据焦耳定律Q=I2Rt知，电阻及通电时间一定时，增大电流可以增大产生的热量，从而使电线温度升高。
15．改变内能有不同的方式，如图所示，是通过_____方式把试管里的水进行加热．．水沸腾后，水蒸气推动活塞迅速冲出管口，水蒸气的内能_____（填“增大”或“减小”），在活塞被推出的过程中，能量转化情况与内燃机_____冲程相同．试管口出现了白雾，这是_____（填物态变化名称）现象．
热传递 减小 做功 液化
【解析】 【详解】
改变内能的方式有两种：一是做功，二是热传递．图中所示，是通过热传递方式把试管里的水进行加热；做功改变内能时，物体对外做功，内能减小温度降低；水沸腾后，水蒸气推动活塞迅速冲出管口，水蒸气的内能减小，在活塞被推出的过程中，能量转化情况与内燃机做功冲程相同；水沸腾后，水蒸气推动活塞做功，水蒸气的内能减小，温度降低，所以在塞子冲出时会看到水蒸气液化的白气．
16．一个标有“220V 1200W”的电热水壶．要在1个标准大气压下将2kg温度为20℃的水烧开，水需要吸收的热量是______J，若不计热损失，电热水壶正常工作时烧开这壶水需要的时间是____s． （水的比103J/（kg?℃） 热容为4.2×
6.72×105J 560 【解析】 【分析】 【详解】
在标准大气压下，水的沸点为100℃，水吸收的热量 Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg?℃)×2kg×=6.72×105J 因为电热水壶正常工作，所以 P=P额=1200W 不计热损失 Q吸=W=Pt
所以电热水壶正常工作时烧开这壶水需要的时间
Q吸6.72?105Jt===560s
P1200W17．白天江、河、湖、海以及大地表层中的水不断蒸发，当含有很多水蒸气的空气升入高空时，水蒸气遇冷______________（填写物态变化名称，下同）成大量的小水珠或______________成大量的小冰晶， 小水珠和小冰晶被热气流托浮在空中，这就是我们看到的“云”．在一定的条件下，小水珠和小冰晶会越来越大，大到一定程度时，热气流托不住就会下落，下落过程中，冰晶____________成水滴， 与原来的水滴一起落到地面，这就形成了“雨”．当夜间气温降低时，如果空气中有较多的浮尘， 空气中的水蒸气会在夜间较冷的环境下______________成小水珠，吸附在这些浮尘上面，就形成了“雾”． 液化 凝华 熔化 液化； 【解析】 【分析】 【详解】
水蒸气升入高空时，遇冷液化成大量的小水珠或凝华成大量的小冰晶，在一定的条件下，小水珠和小冰晶
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