Q吸是关键。
17．（2分）（2019?德州）如图所示，木块下面是一长木板，小明将弹簧测力计一端固定，另一端钩住长方体木块A，实验时拉着长木板沿水平地面向左运动，读出弹簧测力计示数即可测出木块A所受摩擦力大小。不计弹簧测力计的自重，在木板运动的过程中，木块A所受摩擦力的方向是 水平向左 ，拉动速度变大，弹簧测力计示数 不变 。（选填“变大”“变小”或“不变”）
【分析】（1）摩擦力的方向总是与物体运动或相对运动的趋势的方向相反； （2）影响滑动摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度。
【解答】解：（1）摩擦力的方向跟物体相对运动的方向相反，因为木板水平向左运动，所以，木块相对木板来说是水平向右滑动了，因此它受到的摩擦力的方向水平向左；
（2）滑动摩擦力大小与物体运动速度大小无关，因此拉动速度变大，弹簧测力计的示数不会变化。 故答案为：水平向左；不变。
【点评】此题考查滑动摩擦力大小和方向，知道摩擦力大小的影响因素（压力大小和接触面的粗糙程度），并知道滑动摩擦力的方向跟物体相对运动的方向相反是解答此题关键。
18．（2分）（2019?德州）从产品说明书得知，一台“6V 3W”的迷你型小风扇，电动机线圈阻值为0.1Ω．则小风扇正常工作1min消耗的电能为 180 J；电动机线圈1min产生的热量为 1.5 J。
【分析】1、一台“6V 3W”的迷你型小风扇，电动机线圈阻值为0.1Ω．首先，要明确小风扇的所消耗的电能W一部分转化为机械能，另一部分转化为内能Q．所以，产生的热量Q＜消耗的电能W．千万不要误以为产生的热量就是消耗的电能，即对于风扇、空调、电动机之类的用电器，其电热Q≠W。 2、解题过程中需要注意所有哦物理量的单位都要用到国际单位，所以先要把1min化成60s来进行计算。
3、通过“6V 3W”可以根据公式： 可以求得。 4、计算消耗电能的公W＝Pt；计算电热的公式Q＝IRt。 【解答】解：消耗的电能为W＝Pt＝3W×60s＝180J； 电路中线圈的电流为 ；
电路中通过线圈的电流为产生的热量为Q＝IRt＝（0.5A）×0.1Ω×60s＝1.5J。 故答案为：180；1.5。
【点评】本题考查学生对非纯电阻电路的电能计算与电热计算。 三、作图与实验题：本大题包括6个小题，共26分．
19．（2分）（2019?德州）如图所示，在电磁铁上方用弹簧挂着一个条形磁体，闭合开关S，条形磁体静止后，滑片P向右滑动时弹簧伸长。请用箭头标出磁感线的方向，并用“+”“﹣”在括号内标出电源正
2
2
2
负极。
【分析】（1）首先要明确电磁铁磁性强弱的影响因素：有无铁芯、电流大小、线圈匝数的多少。 根据滑动变阻器的滑片P向右移动时弹簧缩短，确定电磁铁磁性强弱的变化，根据磁体间的相互作用规律，从而可以判断出电磁铁的磁极极性。 由安培定则可判断出图中电源的正负极。
（2）根据磁体周围的磁感线都是从N极出来，回到S极，进行判断。
【解答】解：滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，磁铁的磁性变强，此时弹簧伸长，根据同名磁极相互排斥可知，通电螺线管上端为N极，下端为S极； 右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指指向电流的方向，则电流从螺线管的上后端流出，下前端流入，则电源右端为负极，左端为正极。
磁体周围的磁感线都是从N极出来，回到S极，如图所示：
【点评】本题考查了学生对电磁铁磁性强弱的影响因素、磁体间的相互作用规律、安培定则的理解和应用，都是基础内容，要想很好的解决此题，就需要学生很好地掌握这些基础知识。
20．（2分）（2019?德州）如图所示，一质地均匀的小球由a点沿轨道滚下，请画出小球运动至最高点c时所受重力和支持力的示意图。
【分析】重力是地球施加的力，作用点在小球的重心，方向总是竖直向下；
支持力是接触面施加的力，作用点在接触面上，即小球与接触面接触的点，支持力的方向垂直于受力面。
【解答】解：过球心作竖直向下的重力G和以小球与斜面接触的点为作用点垂直斜面向上的支持力F．如图所示：
【点评】本题主要考查了重力的示意图的作法。不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。 21．（4分）（2019?德州）利用图甲装置探究“平面镜成像的特点”：在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同但不点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。
（1）把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是 虚 像。 （2）图乙是小强某次测量蜡烛A到平面镜的距离L为 3.50 cm；将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将 不变 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
（3）若将玻璃板向左倾斜，如图丙所示，观察到蜡烛A的像的大致位置在图中的 ② （选填“①”或“②”）处。
【分析】（1）光屏不能接收虚像，只能接收到实像；
（2）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。 平面镜成像所成的像与物的大小相同； （3）像与物关于平面镜对称。
【解答】解：（1）光屏不能接收虚像，只能接收到实像，而平面镜所成的像是虚像；所以光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是虚像；
（2）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，右侧与3.5cm对齐，估读为3.50cm。 平面镜成像所成的像与物的大小相同，将点燃的蜡烛逐渐靠近玻璃板，它的像将不变；
（3）如下图，作出蜡烛火焰关于平面镜的对称点，可知在实验中如果把平板玻璃向左倾斜（如图丙），观察到蜡烛的像的大致位置在图中的②处；
故答案为：（1）虚；（2）3.50；不变；（3）②。
【点评】本题主要探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。实验前务必把实验器材准备齐全，才能使实验顺利进行，同时考查学生动手操作实验的能力，并能通过对实验现象的分析得出正确结论。
22．（5分）（2019?德州）小强对热现象的有关实验进行如下探究：
（1）在探究“冰熔化时温度的变化规律”实验中用“水浴法”加热，其目的是使冰 均匀受热 ；根据图甲可知，冰属于 晶体 （选填“晶体”“非晶体”）。
（2）完成上述实验后，小强换用其它装置继续探究“水沸腾时温度变化的特点”。加热一段时间后，烧杯内的水温度升高，是通过 热传递 方式增加水的内能。图乙水的沸点没有达到100℃，可能是当地大气压强 低于 （选填“高于”、“低于”或“等于”）1标准大气压。
（3）结合两次实验图象可知：冰的熔化过程和水的沸腾过程具有的共同特点是 继续吸热，温度不变 。 【分析】（1）为了使固态物质均匀受热，用水浴法；晶体和非晶体的区别是：晶体有一定的熔化温度而非晶体没有。
（2）改变物体内能的方法，一是做功，二是热传递；液体的沸点与气压有关，液体表面的气压越大、沸点越高；
（3）晶体在熔化和沸腾的过程中温度不变。
【解答】解：（1）实验装置用水浴法加热，可以使冰均匀受热；
由表格数据知，冰在熔化过程中，继续吸热、温度保持不变，有一定的熔化温度，因此冰属于晶体。 （2）实验中，水从火吸收热量、内能增加、温度升高，是通过热传递的方式增加水的内能。 由图知，由所绘制的乙图象可知，水的沸点低于100℃，此时周围环境的大气压低于一标准大气压； （3）冰是晶体，晶体在熔化的过程中需要吸热，但温度不变；水在沸腾时，吸收热量，但温度不变。 故答案为：（1）均匀受热；晶体；（2）热传递；低于；（3）继续吸热，温度不变。
【点评】主要考查了晶体熔化、水的沸腾的特点及对晶体熔化、水沸腾图象的分析。要注意从图象中
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