（2）用镀膜玻璃板和跳棋做实验，实验环境在有阳光的实验进行实验效果好；几乎无光的实验室不能完成实验；
（3）在同样的实验环境下，用镀膜玻璃板实验比用普通玻璃板实验成像更清楚，主要原因是：镀膜增强了对光的反射；
（4）①由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为1mm；
物体左侧与0对齐，右侧略偏过3.5cm，估读为0.00cm，所以物体的长度为L＝3.50cm﹣0cm＝3.50cm。
②玻璃板有一定厚度，有两个反射面，测量时三次实验的像距都比物距略大一些。 故答案为：（1）有膜；（2）②；（3）镀膜增强了对光的反射；（4）①3.50；②B。 【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。 21．在探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中： （1）此实验是根据 二力平衡 原理测出摩擦力大小的。
（2）小明刚开始拉木块时，他的水平拉力逐渐增大，但木块仍静止，木块所受的摩擦力 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；木块被拉动，且越来越快，小明读出某一时刻弹簧测力计的示数为3N，他认为这时摩擦力的大小为3N，他操作中的错误是 没有使物体做匀速直线运动 。
（3）改正错误后，小明完成了探究过程，比较乙、丙两次实验可得出的结论是 压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 。
（4）在图甲、图乙实验中，假如把木板换成海绵，拿掉弹簧测力计，会发现 乙 （选填“甲”或“乙”）图中海绵凹陷得更深。说明在受力面积一定时，压力作用效果与 压力 有关。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；
（2）由二力平衡分析；物体做加速运动受到的力为非平衡力；
（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个
因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（4）本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；在受力面积相时，压力越大，压力的作用效果越明显。
【解答】解：（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，拉力大小才等于摩擦力的大小；
（2）小明刚开始拉木块时，他的水平拉力逐渐增大，但木块仍静止，木块受到的平衡力，木块所受的摩擦力变大；木块被拉动，且越来越快，小明读出某一时刻弹簧测力计的示数为3N，他认为这时摩擦力的大小为3N，此时测力计示数大于滑动摩擦力，他操作中的错误是没有使物体做匀速直线运动；
（3）改正错误后，小明完成了探究过程，比较乙、丙两次实验可得出的结论是：压力相同，丙中接触面粗糙，滑动摩擦力大，故压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大； （4）在图甲、图乙实验中，乙中压力大，假如把木板换成海绵，拿掉弹簧测力计，会发现乙图中海绵凹陷得更深。说明在受力面积一定时，压力作用效果与压力有关。 故答案为：（1）二力平衡；（2）变大；没有使物体做匀速直线运动；（3）压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（4）乙；压力。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用；同时也考查了影响压力的作用效果的因素和转换法的运用。
22．小明在“探究电流与电阻关系”的实验中，准备了如下实验器材：干电池，标有“15Ω 1A”字样的滑动变阻器，阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω的定值电阻。
（1）小明连接了下面的电路，其中有一条导线连接有误，请将连接错误的导线打“×”并画出正确连线。
（2）排除故障后，小明将5Ω定值电阻连入电路，将滑动变阻器的滑片移动到 b （选填a”或“b”）端，再闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为某一定值，此时电流表的示数如图乙，示数为 0.4 A。
（3）接下来断开开关，取下5Ω的定值电阻，分别把它换成10Ω、20Ω的定值电阻，闭合开关，调节滑动变阻器，控制 电压表 （选填“电流表”或“电压表”）示数不变，分别读取相应的电流表示数，记录在表中：
实验次数 电阻R/Ω
1 5
2 10
3 20
电流I/A 0.2 0.1
（4）由数据可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 反比 。 （5）小明想用一块电流表和一个定值电阻R0测未知电阻Rx的阻值，于是他和同组同学设计了如图丙所示的电路图，并进行如下实验操作： ①闭合S、S1，此时电流表的示数为I； ②闭合S、断开S1，此时电流表的示数为I1； ③求未知电阻Rx的表达式为：Rx＝
。（用R0、I、I1表示）
【分析】（1）电压表与定值电阻并联且正进负出；
（2）为保护电路，变阻器连入电路中电阻最大；根据电流表小量程计读数；
（3）研究电流与电阻的关系时，要控制电压表示数不变，由欧姆定律的变形公式，求出电压表示数；
连接电路过程中，应该断开开关，并且将滑动变阻器阻值调到最大； （4）由表中数据得出结论；
（5）在没有电压表时，使定值电阻与待测电阻并联，根据电流表和定值电阻的示数计算出电压，然后根据公式R＝计算出其电阻。
【解答】解：（1）电压表与定值电阻并联且正进负出，如图所示：
（2）为保护电路，变阻器连入电路中电阻最大即b端，小明同学首先将5Ω定值电阻接入电路，将滑片P滑到b端，再闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达某一数值，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数0.4A；
（3）研究电流与电阻的关系时，要控制电压表示数不变，由欧姆定律的变形公式，电压表示数U＝IR＝0.4A×5Ω＝2V
，小明同学应该断开开关，并且将滑动变阻器阻值调到最大，然后将5Ω的电阻替换为10Ω．闭合开关，调节滑片P，使电压表示数为2V，将电流表示数记录在表格中。 （4）由表格中数据发现：电阻为原来的几倍，通过的电流为原来的几分之一，故在电压一定时，电流与电阻成反比。
（5）②闭合S、断开S1，此时为只有Rx工作的电路，电流表测量Rx的电流，示数为I1，可测出电源电压U＝I1Rx，
①闭合S、S1，此时两电阻并联，电流表测量干路电流，示数为I，
根据并联电路电流的规律知，R1的电流：I1＝I﹣I1，则电源电压为U＝（I﹣I1）R1 根据电源电压相等知：U＝U＝I1Rx＝（I﹣I1）R1 未知电阻Rx的表达式为：Rx＝
。
故答案为：（1）如上所示；（2）b；0.4；（3）电压表；（4）反比；（5）③。
【点评】探究电流与电阻的关系，考查电路的连接、操作过程、注意事项、控制变量法的运用的及对器材的要求。 四、解答题（共3小题，满分14分）
23．2018年5月13日，中国首艘国产航母001A型航空母舰离开大连港码头，开始海试。（ρ
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