（2）该同学用电流表内接法和外接法分别测量了一段2B铅笔芯的伏安特性，并将得到的电流、电压数据描到U—I图上，如图乙所示。在图中，由电流表外接法得到的图线是 （选填“a”或“b”）。
（3）利用（2）中所选的正确图线，求出这段铅笔芯的电阻为 Ω。（结果保留两位有效数字）
三、解答或论述题。（本题共4小题，共45分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
13. (10分)如图所示，线圈abcd的面积是0.05m，共100匝，线圈电阻为1Ω，外接电阻R=9Ω，匀强磁场的磁感应强度为B?2
1?T，当线圈以300r/min的转速匀速转动时，求：
（1）转动中感应电动势的最大值和有效值； （2）电路中交流电压表和电流表的示数。
14.(10分)如图所示，在绝缘的水平桌面上，相隔4L的A、B两点固定有两个电荷量均为Q的正点电荷，M、O、N三点将AB连线分为四等分。一质量为m、电荷量为q的带正电小物块（可视为点电荷）从M点以初速度v0沿AB连线向B点运动，它第一次运动到O点时的速度为2v0，继续运动到N点时的速度刚好为零。已知静电力常量为k，小物块与水平桌面间的动摩擦因数恒定。求：
（1）N点的电场强度大小EN； （2）M、O两点间的电势差UMO。
15.（11分）如图甲所示，平行长直导轨MN、PQ水平放置，两导轨间距L=0.5m，导轨左端M、P间接有一定值电阻，导体棒ab质量m=0.2kg，与导轨间的动摩擦因数μ=0.1，导体棒垂直于导轨放在距离左端d=1m处，导轨和导体棒始终接触良好，电阻均忽略不计。整个装置处在范围足够大的匀强磁场中，t=0时刻，磁场方向竖直向下，此后，磁感应强度B随时间t的变化如图乙所示，在0~3s内导体棒被固定，3s后释放导体棒，t=1s时棒所受到的安培力F1=0.05N。不计感应电流磁场的影响，取重力加速度g=10m/s，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
2
（1）求定值电阻的阻值R；
（2）若t=4s时，突然使ab棒获得向右的速度v=20m/s，求此时导体棒的加速度大小a。
16.(14分)如图所示，M、N为两块带等量异种电荷的平行金属板，两板间电压为U，S1、S2为板上正对的小孔，N板右侧有个宽度为d的匀强磁场区域，磁场的边界和N板平行，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外。M板左侧电子枪发出的热电子经小孔S1进入两板间，电子的质量为m，电荷量为e，初速度可以忽略。求：
（1）电子从小孔S2射出时的速率； （2）电子在磁场中做圆周运动的半径； （3）电子离开磁场时，偏离原方向的距离。
高二物理参考答案
一．选择题
题号 答案 1 B 2 B 3 B 4 C 5 A 6 B 7 BD 8 BCD 9 AC 10 ACD 三、非选择题 11.(1) 向左偏转 (2) 不动 (3) 向右偏转 （每空2分）
解析：（1）由图甲知电流从左接线柱流入电流表时，其指针向左偏转。S闭合后，将A插入B中，磁通量增大，由楞次定律和安培定则可判断B中电流方向向下，从左接线柱流入，故电流表指针向左偏转；
（2）A放在B中不动，磁通量不变，不产生感应电流； （3）断开开关，穿过B的磁通量减小，电流表指针向右偏转。 12. (1) 外接法（3分） (2) b （3分） (3) 1.2 （3分） 13.解析：(1) Em?nBS??100?1??0.05?2??300V?50V （3分） 60E?Em2?252V?35.4V （2分）
E?3.54A （3分） R?r(2)电流表示数 I?电压表示数：U?IR?3.54?9V?31.86V （2分） 14.解：(1)由点电荷电场强度公式和电场叠加原理有：EN?k解得：EN?kQQ?k （2分） 22L(3L)8Q （1分） 29L112m(2v0)2?mv0 （2分） 22(2)小物块从M点运动到O点的过程中，有：??mgL?qUMO?从O点运动到N点的过程中，有：??mgL?qUON?0?1m(2v0)2 （2分） 2由等量同种电荷的等势线的分布规律可知：UMO??UON （2分） 解得：UMO27mv0 （1分） ?4q15.解析：(1)0~3s内导体棒被固定，由图乙知：故感应电动势E?感应电流I?B?0.1T/s （1分） t?B?Ld?0.1?0.5?1V?0.05V （1分） ttE （1分） Rt=1s时导体棒所受到的安培力F1?B1IL （1分） 解得：R?0.05? 。 （1分）
(2)导体棒与轨道间的摩擦力f??mg?0.1?0.2?10N?0.2N （1分） t=4s时，感应电动势E??B4Lv （1分） 感应电流I??E? （1分） R导体棒所受到的安培力F2?B4I?L （1分） 由牛顿定律有：f?F2?ma （1分） 解得：a?6m/s (1分)
16.解：(1)电子从小孔S2射出使，由动能定理得：eU?212mv (2分) 2解得：v?2eU (2分) mv2(2)电子进入磁场后做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：evB?m (2分)
R解得：R?12mU (2分)
Beed2B2(3)若电子从磁场右边界离开磁场，有R?d，即U?2m由几何关系有，?d?R?R2?d2 (1分) 解得：?d?1B(2mUe?2mUe?B2d2) (1分) R?d，即U?ed2B2若电子从磁场左边界离开磁场，有2m (1由几何关系有，?d?2R (1分) 解得：?d?2B(2mUe) (1分) (1分)
分)
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