能，所以总功率9.【答案】D
要大于发热部分的功率，所以A、D错误.
【解析】当r＝0时，U＝E，电流表的示数不变，当r≠0时开关S断开，电路总电阻增大，干路电流减小，U增大，此时电流表示数增大，综合以上选项D正确． 10.【答案】A 【解析】由图读出
时，电源的功率
，电源内部发热功率可得电源的内阻为
，则线段AB表示功率为
，根据电源的功率
；当电流
，由
可得电源电动势时，电源的功率为
可得外电阻为
，电源内部发热功率，电源内部发热功率，故选A.
11.【答案】D
【解析】由题意知，处于静止状态时，球a、球b之间存在库仑引力，球b受到球a的库仑力大于球b的重力，设箱子的质量为M，球a、球b的质量分别为ma、mb，此时用整体法知FN＝Mg＋mag＋mbg.当连接球b的细线被剪断的瞬间，箱子受到的作用力少了一个连接球b细线向上的拉力，大小为F，此时地面的支持力增大为FN＋F.球a受细线的拉力FTa＝mag＋F引，F引随着球a、球b之间距离的减小而增大，球b做加速度逐渐增大的加速运动，方向竖直向上，所以在球b上升过程中地面受到的压力将大于FN＋F，D选项正确． 12.【答案】B
【解析】静电平衡状态下，整个金属板是个等势体，所以金属板附近电场线与金属板表面垂直，选项A、D错误；金属板接地，金属板只带有正电荷，且分布在金属板的左表面，所以金属板右表面没有电场存在，选项B正确，C错误． 13.【答案】BC
【解析】保持S接通则两极板间电势差U不变，减小两极板间的距离d时，根据电场强度公式E＝，两极板间电场的电场强度将增大，A错误；根据平行板电容器电容的定义式和决定式，可得C＝
＝
，当在两极板间插入一块
电介质时，介电常数εr变大，导致电容C变大，而U不变，所以极板上的电荷量增大，B正确；同理，断开S时极板上的电荷量Q不变，减小两极板间的距离d时电容C变大，则电势差U一定变小，C正确；如果在两极板间插入一块电介质，则C变大，Q不变，则电势差U一定减小，D错误． 14.【答案】ABC
【解析】由动能定理可知WE＝ΔEk＝－0.1 J；可知粒子受到的电场力做负功，故粒子电势能增加，B点的电势高于A点电势；而电场线由高电势指向低电势，故电场线向左，故B正确；A、B两点的电势差
UAB
＝＝－10 V，则UA－UB
＝－10 V．解得UB＝0 V；故A正确；若粒子沿轨迹1运动，A点速度沿切线方向向右，受力向左，故粒子将向上偏转，故C正确；若粒子沿轨迹2运动，A点速度沿切线方向向右上，而受力向左，故粒子将向左上偏转，故D错误． 15.【答案】BC
【解析】由I＝，当U相等时，I与R成反比；当I相等时，U与R成正比，故B、C正确．
16.【答案】AD 【解析】 17.【答案】BD
【解析】对B由共点力平衡可得
＝而F＝
，可知d＝
故答案为BD.
18.【答案】（1）短接 （2）1 （3）15.0 3.60 （4）12.0 （5）9.00 15.0 【解析】（1）欧姆表在使用中应先将红、黑表笔短接，进行欧姆调零；
（2）红正黑负，电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；电流从电压表正接线柱流入，故红表笔接触1，黑表笔接2；
（3）欧姆表读数=倍率×表盘读数=1k×15.0 Ω=15.0 kΩ；电压表读数为3.60 V； （4）由于滑动变阻器被短路，故欧姆表读数即为电压表阻值，为12.0 kΩ； （5）欧姆表的中值电阻等于内电阻，故欧姆表1k档位的内电阻为15.0 kΩ； 根据闭合电路欧姆定律，电动势为：E=U+r=4 V+19.【答案】(1)B (2)
×15000 V =9 V
大于 (3)E、r (4)E
【解析】(1)根据闭合电路欧姆定律U＝E－Ir，可知斜率的绝对值表示内阻； U1－I是把R0等效成了内阻，所以画出的U1－I图象斜率会比较大，所以应选B； (2)根据部分电路欧姆定律：R0＝＝
，因为电压表的分流作用，使得电流表所测电流偏小，所以测得电阻偏大；
(3)没有电压表V1,V2的读数直接就是路端电压，同样根据闭合电路欧姆定律U＝E－Ir，改变滑动变阻器阻值，根据U2－I，斜率的绝对值表示r；纵截距表示电动势E；
(4)没有电压表V2，可以把R0等效成内阻，根据V1的读数及闭合电路欧姆定律U＝E－I(R0＋r) 斜率的绝对值表示R0＋r；纵截距表示电动势E. 20.【答案】9
×103N/C，方向与匀强电场方向成45°角斜向上
【解析】点电荷在最高点C产生的场强大小为E1＝k，方向竖直向上．C处场强由水平向右的场强E和点电荷在C处产生的场强E1合成，根据矢量合成法则可得：
EC
＝＝9×10N/C
3
设该场强与水平方向之间的夹角为θ，则有tanθ＝1，θ＝45° 即该场强方向与匀强电场方向成45°角斜向上． 21.【答案】16 V 2.0 Ω
【解析】只闭合开关S1时，电容器C1的电荷量Q1＝C1E，C2的电荷量Q2＝C2E，式中E为电源的电动势，再闭合开关S2后，电流表的示数为I，则C1的电荷量Q1′＝C1IR1，C2的电荷量Q2′＝C2IR2 根据题意有：
由闭合电路的欧姆定律，有：E＝I(R1＋R2＋r) 联立解得：E＝16 V，r＝2.0 Ω． 22.【答案】(1) (2)【解析】
(3)
高二物理上学期期末考试试题
一、单项选择题：(共9小题，每小题4分，总共36分。以下各小题只有一个正确答案)。 1.关于磁感线的说法，下列正确的是( )
A.磁感线从磁体N极出发，终止于S极 B.沿磁感线方向，磁场逐渐减弱 C.磁感线就是磁场中碎铁屑排列成的曲线 D.磁感线可表示磁场的强弱和方向
2.对“静电场”一章中几个公式的理解，正确的是：（ ）
A.公式C=Q/U指出，电容器的电容随电容器所带电荷量Q的增加而增加 B.由E=U/d可知，电场中两点的距离越大，电场场强E越小 C.在公式F=kq1q2/r中，kq2/r是q2所在位置的电场强度的大小 D.公式EP=qφ中，同一个负电荷在电势越高的地方电势能越小
3.两个分别带有电荷量Q和＋3Q的相同金属球(半径均为r)，固定在相距(两球心间距离)为3r的两处，它们间库仑力的大小为F.现将两小球相互接触后放回原处，则两球间库仑力的大小( )
2
2
A．大于F B．等于
4F C．小于F D．小于3F
4.某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R，现将它均匀拉长到横截面积为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为( )
A．4ρ和4R B．ρ和4R C．ρ和2R D．4ρ和2R
5.图中a、b、c、d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示．一带负电的粒子从正方形中心O点沿垂直于纸面的方力的方向是( ) A．向上 C．向左
B．向下 D．向右
向向外运动，它所受洛伦兹
6．如图所示，A、B两点固定两个等量异种点电荷，O为AB中点，M、N为AB中垂线上的两点，且ON＞OM，则（ ） A． M、N 两点的场强大小相等 B． M、N 两点的场强方向相同
C． M点的电势比N点的电势高 D． M点的电势比N点的电势低
7.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内
阻不计）连接，下极板接地，静
电计所带电量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（ ） 将变大
A．平行板电容器的电容值
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