贵州省普通高校招生物理适应性考试答案

贵州省普通高校招生物理适应性考试答案

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：WTUT-WT88Y-W8BBGB-BWYTT-19998

参考答案：

一、1．AD 2．D 3．C 4．ABC 5．CD 6．BD 7．D 8．ACD 9．BCD 10．AC

2?t二、11．13．6，－27．2 12.(1)加热 (2)100 13.(1)nBIl2

1sinT三、14.(1)实验原理图如下图所示(2分)

(2)实物连线图如上图所示(4分) 15.挡住Ｐ１、Ｐ２的像(1分) 挡住Ｐ１、Ｐ２的像和Ｐ３(1分)

2(或(2分)

光路图如图(2分)

16.(8分)(1)A，BC(每空1分)

(2)周期T，物体重力F.(每空1分) FT2F3T4(3)4?2m,16?4m3G(每空2分)

四、17.(11分)解答：(1)有可能(2分)

(2)设在前进方向施加一个斜向下的推力Ｆ１，如图所示，F1θ，如果Ｆ１cosθ＝μＦ１sinθ(3分)

θ＝arctg1? (1分)

则物体在水平方向所受合力不变，加速度不变，(物体在竖直设在物体前进方向的反方向施加一个斜向上的拉力Ｆ２，如图方向夹角为α，物体在竖直方向上要保持平衡必须满足

F2sin?≤mg (2分)

在水平方向必须满足Ｆ２cosα＝ΜF2sinα

α＝arctg1? (2分)

则物体在水平方向所受合力不变，加速度不变.所以Ｆ２的大小应满足条件

与前进方向夹角为

方向始终平衡). 所示，Ｆ２与前进反

Ｆ≤

mg?sin(arctg1 (1分) )?18.(13分)解：(1)气缸水平放置时，由于活塞处于平衡状态有ｐ１·Ｓ＝ｐ０·Ｓ.气缸内气体压强ｐ１＝ｐ０

5

＝×10 Pa (1分)

将气缸竖直放置稳定后，缸内气体压强为ｐ２，体积为Ｖ２，设ｋ是弹簧的劲度系数

p2?p0?mg?k?l1 (2分) SV2?(l0??l1)S (1分)

气缸缓慢移动意为温度不变，根据玻意耳定律 ｐ１Ｖ１＝ｐ２Ｖ２ (1分) 代入数据可解出ｋ＝500 N/m (1分)

(2)对气体缓慢加热后，活塞上升30 cm，气体温度为T３，压强为ｐ３，体积为Ｖ３，

ｐ３＝ｐ０＋

mg?k(?l2??l1) (2分)

SV3?(l0??l2??l1)S (1分)、

T1=300 K (1分)

由气态方程

p1V1p3V3 （1分） ?T1T3p3V3T1?588K p1V1 T3??可解出 (1分) 或t=315 ℃

19．(12分)解：(1)在限流电路中，ｃ非常靠近ａ端时，变阻器的电流最大，这时Ｉ＝少是

U，所以额定电流至RUUU(2分)；在分压电路中，ｃ非常靠近ａ端时，变阻器的电流最大，这时Ｉ＝+(2分)，所以额定电流RRR0至少为

UU+. R0R(2)滑动片ｃ滑到ａ点，R的电压最大，且Ｕ大＝Ｕ (1分) 滑动片ｃ滑到ｂ点，R的电压最小，且Ｕ小应满足下式：

U小U?RRU小??U (1分)

R?R0R?R0∴Ｕ≥ＵＲ≥ＲＵ／（Ｒ＋Ｒ０） (1分)

(3)设变阻器bc部分电阻为ｘ，则ac部分的电阻为Ｒ０－ｘ. R与bc电阻并联电阻为Ｒ１＝Ｒｘ／（Ｒ＋ｘ）

?x2?R0x?RR0Rx?外电路的总电阻为Ｒ２＝Ｒ０－ｘ＋ (1分) R?xR?x则ｂｃ间的电压：∴Ｕｂｃ＝

UbcR1Rx (1分) ??RR2?x2?R0x?RR0RxU?x2?R0x?RR0 (1分)

Ibc?RUUbc ∴Ibc?x?x2?R0x?RR0 (2分)

4RU (1分) 2R0?4RR0所以ｘ＝Ｒ０／２时，Ｉbc最小，且最小值Ｉｍｉｎ＝

20．(13分)解：设物体A、B的质量均为ｍ，它们与地面间动摩擦因数为μ，若使A、B能够碰撞须有A开始

的动能大于克服摩擦力做的功，即

12mv0??mgS （1）(1分)(式中写等号的不给分) 22v0解出μ＜ (2)(1分)

2gS设A与B碰撞之前瞬间的速度为ｖ１，碰撞后Ａ、Ｂ共同的速度为ｖ２，由动能定理： ?mgS?112mv0?mv12 （3）(2分) 222?2?gS (4)(1分) 解出：v12?v0由动量守恒定律：ｍｖ１＝２ｍｖ２ (5)(2分) 解出：ｖ２＝

v1 (6)(1分) 2A、B碰撞后一起以ｖ２开始运动，不落入深坑中的条件是它们的动能小于克服摩擦力做的功即

12?2m?v2???2mg?2S (7)(2分) 22v0由(4)、(6)、(7)解出：μ＞ (2分)

18gS∴要满足题目要求，物体与地面间动摩擦因数μ必须满足：

22v0v0??? (1分) 2gS18gS21.(13分)解：(1)小球沿圆弧做圆周运动，在B点由牛顿第二定律有

2vB ①(2分) NB?mg?mR而由Ａ→B，由机械能守恒有

mgR?12mvB ②(2分) 2由①、②可解得ＮＢ＝３ mg ③(1分) (2)小球离B点后做平抛运动，抛出点高为Ｈ－Ｒ，

1竖直方向有 Ｈ－Ｒ＝gt2 ④(1分)

g水平方向有 Ｓ＝ｖＢ·ｔ ⑤(1分) 由②可解得 ｖＢ＝2gR ⑥(1分) 解④、⑤、⑥可得水平距离S?4HR?4R2 ⑦(1分)

(3)由⑦得 S?4HR?4R2?H2?(2R?H)2 ２⑧(2分)

由⑧知：R?H时，即2H1?时，S有最大值 R2Smax?H (2分)

22.(14分)解：(1)把初速度ｖ０沿ｘ、ｙ轴正交分解为ｖox和ｖoy如下左图所示

则ｖox＝ｖoy＝ｖ０／2 而ａｘ＝ｇ (1分)，ａｙ＝ｇ (1分)

质点在竖直方向做竖直上抛运动，在水平方向做匀加速直线运动设到P点所经时间为ｔ，末速度为ｖｐ，它沿ｘ、ｙ轴的分速度为ｖｘ、ｖｙ，如上右图所示

则t?2v0yg?2v0 (2分) gvy?v0y?2v0 (方向向下) (2分) 2232v0?2v0?v0 (2分) 22在P点的速度大小： vx?v0y?axt?2vp?vx?v2y?5v0 (1分)

设ｖｐ跟ｘ轴夹角为θ，则tg??vyvx?1 ?31?arctg （1分）

3(2)电场力ｑＥ′，重力ｍｇ和洛伦兹力ｆ＝ｑｖｐＢ′的方向如图所示，三者合力为零，所以电场力ｑＥ′和ｍｇ二者的合力ｆ′跟洛仑兹力ｆ方向相反而大小相等

由图知ｑＥ′＝ｍｇtgθ

mgtg?mg∴E?? (1分) ?q3qqvpB??mg/cos? (1分)

可求出cosθ＝

310 (1分) 10所以B??mg?qvp?cos?mgq?5?v0?31010?2mg (1分) 3qv0