武昌区2015届高三年级元月调研考试 理 科 综 合（物理）评分标准
二、选择题：本大题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目
要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
题号 答案
4 D 1
5 B 1
16
17
18 BC
9 ACD
D 1
20 B
21 BCD
G1 + RP R + 电源E
C D
22. （5分） （1）匀速（直线）（1分）； A球（或平抛运动）的水平分运动是匀速直线运动（2分） （2）4.5（2分） 23．（12分）（1）④；⑥ （2分） （2）如图 （2分） 1（3）(?1)R0（2分） （4）ABD（2分） kG2 + （5）29 （2分）；261（2分） - 图乙
S
提示：“测量过程操作的顺序和步骤都正确无误”，意味着之前已经将A、B短接调零了（即让表头满偏），在AB之间接900 ?电阻时，表头G刚好半偏，说明：当表头半偏时，改装后的欧姆表“4”的总内阻R内?900?，则转换开关S在“2”
R1 时(如图
I2g5mA G 5mA 5mA 95mA G R2 R2 2 R1 100mA a)，电流表的量程为10mA E9.0??A?10mA R内9001 依题意, 转换开关S在1(如图b)时，电流表的量
A 程为I1g?100mA
(a) B A (b) B 由表头G的满偏电流为5mA、内阻为290?和并联电路电流分配规律 可解得：R1?29? R2?261?
24．（14分）（1）设物品质量为m，放在传送带上，先受到摩擦力而加速运动： 对物品有 ?1mg?ma v?at1
解得 t1?1.2s…………………………………………（3分） 12由x?at1得x?1.8m＜L ……………………………………（1分）
2故还需做匀速运动，有t2?L?x?2.4s ………………………（2分） v所以t?t1?t2?3.6s ……………………………………………（1分） （2）物品在转盘上所收的静摩擦力提供向心力，有
v2?2mg?m 得至少 ?2?0.3…………………（3分）
R（3）在传送带上因为传送一个物品至少需要做的功(只在加速阶段做功)为：
W?12mv??1mg?vt1?x??4.5J ………………………（4分） 2125．（16分）（1）带电粒子在电场中加速过程根据动能定理有qEh?mv2 …（2分）
2v2进入匀强磁场后做匀速圆周运动有 qvB?m…………………………………（1分）
r要求粒子在磁场中恰好不从上边界射出,则取：r?h 解得E?qBh………………（1分） 2m2y h B （2）带电粒子在电场中加速过程根据动能定理有：
q?4Eh?12 mv22-2h O θ 2h x 2v2进入匀强磁场后做匀速圆周运动，由qv2B?m
r2-h P 得：r2?2h ……………………………………………………………………（1分） 则粒子从O点进入后运动了圆心角为θ即离开磁场。由几何关系可得：sin??h1? r22即 θ = 30°………………………………………………………………………（1分） 离开磁场处：y = h………………………………………………………………（1分）
x?2h(1?cos?)?(2?3)h ………………………………………（1分）
即离开磁场处的坐标为：【(2?3)h，h】
h （3）带电粒子在电场中加速过程根据动能定理有：
qE?h?1mv?2 2B y -2h O 2h x 由“将光屏向x轴正方向平移，粒子打在屏上的位置始终不改变”，知离开磁场时粒子速度方向必平行于x轴，沿+ x方向。
故：进入匀强磁场后做匀速圆周运动的半径为：
-h P r??2h2，3，4......）……………………………………………………（2分） （n?1，2n?1v?2又 qv?B?m
r?2qB2h2，3，4......）………………………………………………（1分） 解得E??（n?1，(2n?1)2m从O点进入磁场后先运动半个圆周再返回电场减速到0又返回磁场时速度仍是v?，如此周期性运动最后从磁场的右边界水平射出。 带电粒子在磁场中运动总时间t1??(2n?1)T(2n?1)?m?2，3，4......）………（2分） （n?1，42qBh(2n?1)2m?2，3，4......） ……（2分） 带电粒子在电场中运动总时间t2?(2n?1)?（n?1，v?qB2带电粒子在电磁场中运动总时间t??t1??t2??（没考虑到n的情况给一半的分） 33．（15分）
?2n?1?(4n???2)m（n?1，2，3，4......）（1分）
2qB（1）BCE …………………………………………………………………（6分）
（2）（i）设被封住的理想气体压强为p，轻细杆对A和对B的弹力为F，对活塞A有：
p0SA?pSA?F………………………………………………（1分）
对活塞B，有：p0SB?pSB?F ……………………………………………（1分） 得： p?p0?1.0?105Pa ……………………………………………（1分）
（ii）当气缸内气体的温度缓慢下降时，活塞处于平衡状态，缸内气体压强不变，气体等压降温，活塞A、B一起向右移动 …………………………………………（1分）
活塞A最多移动至两筒的连接处。设活塞A、B一起向右移动的距离为x。对理想气体：
V1?2LSA?LSB………………（1分） T1 = 500 K V2?(2L?x)SA?(L?x)SB……（1分） T2 = 400 K
SA = 200 cm2 SB = 100 cm2 由盖?吕萨克定律：
V1V2………………………………………（2分） ?T1T2解得：x = 10 cm……………………………………………………（1分）
x < 2L = 20 cm表明活塞A未碰两筒的连接处。故活塞A、B一起向右移动了10 cm。34．（15分）
（1）ACD ……………………………………………（6分）
[来源:Z+xx+k.Com]
M P α O N （2）根据题设做出光路图如图所示 设光在玻璃中的临界角为α，则sin??1，??45? ……（3分） n对应的临界光线AQ的折射角为β = 90° 由几何关系可知三角形APO为等腰直角三角形 PA?PO?Rsin??Rsin45??2R………………………（1分） 2又几何关系 AQ?d?PA?3R………………………（1分）
cos(???)光屏上被光束照亮的部分是圆形，其半径：
r?AQsin(???)?2R?2R …………………（2分） 2圆形面积为：S?πr2?2πR2 …………………………（2分） 35．（15分）
（1）ADE …………………………………………（6分）
（2）（i）设A、B第一次碰后的速度大小为vA、vB，取向右为正方向：
由动量守恒定律得mBv0?mAvA?mBvB ……（2分）
之后，A保持速度vA与墙碰撞，由于这次碰撞无机械能损失，故反弹速度大小为vA，设A、
''B第二次碰后的速度大小分别为vA、vB，取向左为正方向：
'' ………………（2分） ?mAvA?mBvB?mAvA?mBvB联立解得vA?4m/s、 vB?2m/s……………（2分）
（ii）第二次碰撞过程中，A对B做的功：
11'22W?mBvB?mBvB?0.88J ………………（3分）
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