2019-2020年高考数学一轮总复习第五章数列5.4数列求和课时跟踪检测理

2019-2020年高考数学一轮总复习第五章数列 5.4数列求和课时跟踪检测 1.已知数列｛an｝是等差数列，a1 = tan225 °

a5= 13a1，设 Sn 为数列｛( — 1) nan｝的前 n

项和，贝V S2 014 =(

A. 2 015 C. 3 021

B. —2 015 D. —3 022

解析：由题知 a1 = tan(180 ° + 45 )=1, . a5= 13

a5 — a1

d

=苛4

--an = 1 + 3( n — 1) = 3n — 2.

设 bn= ( — 1)nan= ( — 1)n(3 n— 2),

Sa 014 = ( — 1 + 4) + ( — 7+ 10) +…+ ( — 6 037 + 6 040) = 3X 1 007 = 3 021.故选 C. 答案：C

2?设｛an｝是公差不为零的等差数列， a2= 2, 且a1, a3, a9成等比数列，则数列｛an｝的前

n2 7n

A. 4 + 7 C. — + 4 4

解析：设等差数列｛an｝的公差为d,则 由 ai= aa9得(a2 + d) 2= (aa— d)( a2 + 7d), 代入a2= 2，解得d= 1或d= 0（舍）.

2

n2 3n B. 2 +空

D.

n 3n

n n

+ _ 2 2

2

.an = 2+ ( n — 2) x 1 = n,

一 2

a1 + an n 1 + n n n n = = — +

..Si =

故选D. 答案：D

3. 等比数列｛a，｝的前n项和为Sn,已知

a2as= 2a1，且&与2a?的等差中项为寸，贝U S5 =

A. 29 C. 33

B. 31 D. 36

解析：设等比数列｛an｝的公比为q

则 a1q3 = 2a,①

aq3+ 2aiq6= 5，②

1

解得 ai= 16, q= 2,

31,故选B.

答案：B

4. 已知等比数列｛an｝的各项均为正数, ｛bn｝的前 n 项和为 Sn，a3+ 8.= 27, q= f2.

(1)求｛an｝与｛bn｝的通项公式；

ai= 1，公比为q；等差数列｛ bn｝中，bi = 3,且

⑵设数列｛Cn｝满足6= 28，求｛Cn｝的前门项和Tn.

解：（1）设数列｛bn｝的公差为d, ?/ a3 + S3 = 27, q = S2,

2

q + 3d= 18,

…

2

求得q= 3, d= 3,

6+ d= q2.

an = 3 1, bn = 3n.

n 3 + 3n

3

3 2

1

1

1

⑵由题意得 S=

11111

/. Tn = 1 — 一+—

2 2 3 3 4

2

, Cn= 2Sn = 2x 3x n n+ 1 = n—市 1 1

1 n

= 1 — =

n+1 n+1

.

n n+1

5. (xx届广州综合测试)已知数列｛an｝是等比数列，a2= 4, a3+ 2是a2和a4的等差中项. (1) 求数列｛an｝的通项公式；

(2) 设 bn = 2log 2an— 1 ,求数列｛ anbn｝的前 n 项和 Tn.

解：(1)设数列｛an｝的公比为q, 因为 a2= 4,所以 a3= 4q, a = 4q2. 因为a3 + 2是a2和a4的等差中项，

所以 2( a3+ 2) = a2 + a4, 化简得q2— 2q= 0. 因为公比qz0,所以q=2.

所以 an= a2q 2= 4X2 2 = 2(n€ N).

⑵ 因为 an = 2,所以 bn= 2log 2an— 1 = 2n — 1,

所以 anbn = (2 n— 1)2n,

则 Tn= 1 x 2+ 3X 2 2+ 5X 2 3+???+ (2n — 3)2 n「1 + (2n— 1)2：① 2Tn= 1 X 2 2+ 3X 2 3 + 5X 2 4+…+ (2 n— 3)2n + (2 n— 1)?2 “1.② 由①一②得,

—Tn = 2 + 2X 2 + 2X 2 +???+ 2X2 — (2 n—

2

3

n

n+1

1)2

=2 + 2X -

4 1 — 2n1

—

(2 n— 1)2

n+ 1

n+ 1

=—6— (2n— 3)2 ,

+

所以 Tn= 6+ (2n — 3)2 n1.

6. S为数列｛an｝的前n项和，已知an>0, an+ 2an= 4S + 3. (1)求｛an｝的通项公式;

1

⑵设bn =

，求数列｛bn｝的前n项和.

anan + 1

解：(1)由 an+ 2an = 4Sn+ 3，① 可知 an+1 + 2an+1= 4S+1 + 3.②

②—①，得 an + 1 — an+ 2( 31 +1 — an) = 4an + 1 ,

2 2

即 2( an+ 1 + an) = an + 1 — = ( an+ 1 + an)( an+ 1 — an). 由 an>0, 得 an+1 — an= 2.

又 a1+ 2a1 = 4a1+ 3,解得 a1=— 1(舍去)或 a1= 3. 所以｛an｝是首项为3,公差为2的等差数列， 通项公式为an = 2n+ 1. (2)由 an = 2n+ 1 可知

(

1 1 1 1 1

—

——

bn —

anan+1 2n +1 2n+ 3 2 2n+ 1 2n + 3

设数列｛ bn｝的前n项和为Tn,贝U

Tn= b 1 + b+…+ bn

111 11 1 1

— —— — + - —— — +…+ ——

235 5 7 2n+ 1 2n + 3

n

3 2n+ 3

7 .已知数列｛an｝与｛bn｝满足 &+1 — an= 2( bn+1 — bn)( n € N ). (1) 若a1 — 1, bn= 3n+ 5,求数列｛an｝的通项公式；

n

*

n

*

(2) 若a1 — 6, bn = 2(n€ N)且 入an>2 + n+ 2入 对一切n€ N恒成立， 求实数 入的取值 范围.

解：(1)因为 an+1 — an= 2(bn+1— bn), bn — 3n + 5, 所以 an+1 — an= 2( bn+1 — bn) — 2(3 n +