高中物理新课标《必修1》《必修2》综合试题

高中物理新课标地区使用,《必修1》与《必修2》综合试题

《必修1》和《必修2》综合考试

物理试题

(100分钟 100分)

主备人： 修订人： 审核人： 使用时间：

【教师寄语】智慧只是天才的配料，勤奋才是天才的本身。

本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．第Ⅰ卷第1至4页，第Ⅱ卷5至8页。考试结束后，将第Ⅱ卷和答题卡一并收回。

第Ⅰ卷

一、选择题：本题共13个小题，每小题4分，共52分．在每个小题给出的四个选项中，

至少有一个选项是符合题目要求的．每小题全选对的得4分；选对但不全的得2分；有错或不答的得0分．

1.玩具小车以初速度v0从底端沿足够长的斜面向上滑去，此后该小车的速度图象可能是下图中的哪一个 （ ）

2．在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直墙之间放一个光滑圆球B，整个装置处于静止状态。现对B加一竖直向下的力F，

F的作用线通过B球心，设墙对B的作用力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的作用力为F3，若F缓慢增大，而整个装置仍保持静止，截面如图所示，在此过程中（ ）

A．F2缓慢增大，F3缓慢增大 B．F1缓慢增大，F3保持不变 C．F1保持不变，F3缓慢增大 D．F2缓慢增大，F3保持不变

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3.如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度 沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是（ ）

A.球的速度 等于

B.

C.球从击球点至落地点的位移等于L D.球从击球点至落地点的位移与球的质量有关

4.如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在竖直平面内作圆周运动，关于小球在过最高点的速度 ，下列叙述中正确的是（ ）

A． 极小值为gL

B． 由零增大，需要的向心力也逐渐增大 C．当 由gL逐渐增大时，杆对小球的弹力也逐渐增大

D．当 由gL逐渐减小时，杆对小球的弹力逐渐

减小

5.月球与地球质量之比约为1:80，有研究者认为月球和地球可视为一个由两质点构成的双星系统，他们都围绕地月连线上某点O做匀速圆周运动。据此观点，可知月球与地球绕O点运动的线速度大小之比约为 （ ） A． 1:6400 B. 1:80 C. 80:1 D: 6400:1

6.质量为m的探月航天器在接近月球表面的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动．已知月球质量为M，月球半径为R，月球表面重力加速度为g，引力常量为G，不考虑月球自转的影响，则航天器的( )

GM

A．线速度

R

B．角速度 gR C．运行周期

T 2D．向心加速度a

2R

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7.如图所示,发射地球同步卫星时,先将卫星发射

至近地轨道1,然后经点火使其在椭圆轨道2上运

行,最后再次点火将卫星送入同步轨道3。轨道1、2相切于A点, 轨道2、3相切于B点.则当卫星分别在1、2、3轨道正常运行时,下列说法中正确

的是( ) B

A. 卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率

B. 卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度

C.卫星在轨道1上经过A点时的加速度大于它在轨道2时经过A点时的加速度

D.卫星在轨道2上经过B点的加速度等于它在轨道3上经过B点的加速度

8.功的下列几种说法中，正确的是（ ）

A.人托着一个物体沿水平方向匀速前进，人没有对物体做功 B.人托着一个物体沿水平方向加速前进，人对物体做了功 C.力和位移都是矢量，功也一定是矢量

D.因为功有正功和负功的区别，所以功是矢量

9 质量为m的物体沿着光滑斜面由静止开始下滑，斜面倾角为θ，当它在竖直方向下降的高度为h时，重力的瞬时功率为（ ） A．mg2gh B.2gh cos C.2gh sin D. 2gh sin

10..一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离。假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法正确的是（ ）

A. 运动员到达最低点前重力势能始终减小

B. 蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加 C. 蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒 D. 蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关

11.质量为m的小球，用长为l的轻绳悬挂于O点，小球

在水平力F作用下，从最低点P缓慢地移到Q点，如图所示，则在此过程中（ ） A．小球受到的合力做功为mgl(1 cos ) B．拉力F的功为Flsinθ

C．重力势能的变化为 mgl(1 cos )

P

D．水平力F做功使小球与地球组成的系统机械能变化了mgl(1 cos )

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12.由地面竖直上抛，上升的最大高度为H，设所受阻力大小恒定，地面为零势

能面．在上升至离地高度h处，小球的动能是势能的2倍，在下落至离地高度h处，小球的势能是动能的2倍，则h等于（ ）

A．93HC．

9

H

B．

2H

94H 9

D．

13.探究做功与速度变化的关系实验中，某同学利用如图所示的装置，通过数根相同的橡皮条和打点计时器，来探究橡皮条做功与小车获得速度之间的关系，得到数据如下表所示，则下述说法中正确的是（ ）

A．利用改变橡皮条的根数来改变做功的大小，使做功数值倍数增加 B．每次改变橡皮条的根数，必须将小车拉到相同位置由静止释放

C．从表格 A 列和 B 列对比，可以判断橡皮筋做功与小车速度成正比例关系

D．从表格 A 列和 C 列对比，可以判断橡皮筋做功与小车速度平方成正比

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号考 名姓 级班 校学《必修一》和《必修2》综合考试试题

物理

第Ⅱ卷

注意事项：

1．答题前，考生在答题卡上务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名、准考证号填写清楚。请认真核准准考证号、姓名和科目。

2．第Ⅱ卷共4页，请用0.5毫米黑色墨水签字笔在本试卷各题的相应的答题区域地作答。

48

分。

二、实验题：每空2分，满分12分。

14.利用重锤下落验证机械能守恒定律。

①为进行“验证机械能守恒定律”的实验，用到如下器材：铁架台(也可利用桌边)，重锤， 电磁打点计时器以及复写纸、纸带，低压交流电源，天平，导线，电键．缺少的器材是 ．

②在验证机械能守恒定律的实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz，

查得当地重力加速度g =9.80 m/s2，测出所用重物的质量m =1.00 kg，实验中得到一条点迹清晰的纸带，把第一个点记作O，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99 cm、70.18 cm、77.76 cm、85.73 cm，根据以上数据，可知重物由O点运动到C

点，重力势能的减少量为___ ___ J（结果取3位有效数字），

动能的增加量为___ ____ J（结果取3位有效数字）

③实验中产生系统误差的原因主要是 。 为了减小误差，悬挂在纸带下的重物的质量应选择较_______（填“大”或“小”）的.

④如果以 22为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出的

2

2

h图线是一条直线，该线的斜率等于_______.

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三、计算题：本题共4个小题，满分36分，解答应写出必要的文字说明、方程

式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．

15.（8分）如图所示，抗震救灾运输机在某场地卸放物资时，通过倾角 =30°的固定的光滑斜轨道面进行.有一件质量为m=2.0kg的小包装盒，由静止开始从斜轨道的顶端A滑至底端B，然后又在水平地面上滑行一段距离停下，若A点距离水平地面的高度h=5.0m，重力加速度g取10m/s2 ，求： （1）包装盒由A滑到B经历的时间：

（2）若地面的动摩擦因数为0.5，包装盒在水平地面上还能滑行多远？（不计斜面与地面接触处的能量损耗）

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16（8分）.如图所示，质量为m的木块，用光滑细绳拴着，置于很大的水平转盘上，细绳穿过转盘中央的光滑细管，与质量也为m的小球相连，木块的最大静摩擦力为其重力的 倍（ =0.2），当转盘以角速度 =4弧度/秒匀速转动时，要保持木块与转盘相对静止，木块转动的轨道半径的范围是多少？（g=10m/s2,结果保留两位有效数字）

17. (8分)一辆质量m 2 103kg的小轿车沿平直路面运动，发动机的额定功率P 80kW，运动时受到的阻力大小为f 2 103N．试求：

（1）小轿车最大速度的大小；

（2）小轿车由v0 10m/s的速度开始以额定功率运动60s（此时汽车已经达

到最大速度）前进的距离．

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18．

（12分）如图所示，AB是倾角为θ的粗糙直轨道，BCD是光滑的圆弧轨道，AB恰好在B点与圆弧相切，圆弧的半径

为R．一个质量为m的物体（可以看作质点）从直轨道上的P

点由静止释放，结果它能在两轨道间做往返运动．已知P点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为μ．求：

（1）物体做往返运动的整个过程中在AB轨道上通过的总路程s；

（2）最终当物体通过圆弧轨道最低点E时，对圆弧轨道的压力的大小； （3）为使物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D（E、O、D为同一条竖直直径上的3个点），释放点距B点的距离L应满足什么条件．

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物理试题参考答案

1ABD 2 A 3B 4BC 5C 6AC 7BD 8AB 9D 10ABC 11CD 12D 13ABD 14．每空2分，共12分 （１）刻度尺（或毫米刻度尺）

（2）7.62（唯一的值）；7.56或者7.57（其余答案不得分）

（3）阻力对重锤和纸带的影响（或空气对重锤的阻力和打点计时器对纸带的阻力）； 大.----------说明：第一空写出大题意思即可，只说一处的阻力也得2分。 （4）重力加速度g.(或g,或9.80 m/s2 )

15.解：（1）包装盒沿斜面下滑受到重力和斜面支持力，由牛顿第二定律，得mgsin ma1 （1分）

h1

a1t2 (2分) sin 2

t 2.0s （1分）

（2）在水平面运动时， mg ma2 （1分）

2 2a2s （1分）

1

（上两式可用动能定理- mgs 0-m 2表示 2分）

2

a1t （1分）

s 10m （1分）

16解析：物块受到的摩擦力向外且最大时有

mg-μmg=mωr1---------------------------3分 物块受到的摩擦力指向盘中央且最大时有

mg+μmg=mω2r2--------------------------------2分 联立①②代入数据得

r1=0.50m，r2=0.75m-----------------------------------------2分 故木块转动的轨道半径范围是0.75m r 0.50m----------------1分

2

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17．(8分)解：（1）设小轿车运动的最大速度的大小为vm时，小轿车匀速直线运动，此时汽车的牵引力F f----------------------------1分 根据公式P Fvm-----------------------------------------2分

解得vm 40m/s--------------------------------------1分 （2）根据题意和动能定理得Pt fs

1122

mvm mv0------3分 22

解得小轿车60s内前进的距离为s 1650m（或1.7 103m）------1分 18．解析：（1）因为摩擦力始终对物体做负功，所以物体最终在圆心角为2θ的圆弧上往复运动．

对整体过程由动能定理得：mgR·cosθ－μmgcosθ·s＝0，------2分 所以总路程为s＝

Rμ

-----------------------------------------2分

1

（2）对B→E过程mgR（1－cos θ）＝mv2E ①----------1分

2

mv2E

FN－mg＝②----------1分

R

由牛顿第三定律，物体对轨道的压力FN FN ③-----------1分

由①②③得对轨道压力：FN＝（3－2cosθ）mg．-----------------1分

mv2D

（3）设物体刚好到D点，则mg＝④-------------------1分

R

对全过程由动能定理得：mgLsin θ－μmgcos θ·L－mgR（1＋cos θ）

1＝mv2D --⑤-------------------------------------------------2分 2

3

R Rcos 3＋2cos θ

由④⑤得应满足条件：L R．（或2等等）

2(sin θ－μcos θ)sin cos

------------------------------------------------1分

答案：（1） （2）（3－2cos θ）mg （3）L

R

3＋2cos θ

R

2(sin θ－μcos θ)

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